Mô tả:
ĐỀ THI CHỌN HSG HUYỆN Ân thi . Năm học 2009-2010
Môn thi : Toán 9 ( Thời gian 150 phút)
Bài1(1,5đ)
a/ Tính
62 5 62 5
b/ Cho a +b +c = 0 , a,b,c ≠0. Chứng tỏ rằng
1 1 1
=
a2 b2 c2
1
a
1
b
1
c
| |
c/ Hãy chứng tỏ x 3 5 2 3 5 2 là nghiệm của phương trình x3 +3x – 4 = 0
Bài2(2đ)
a/ Rút gọn, tính giá trị biểu thức
A
x y 1 1
1
.
xy xy x y x y 2 xy
2
x y
3
1
1
.
x
y
Với x = 2 3, y 2 3
b/ Giải phương trình x 9 x 7 4
Bài3(2,5đ)
a/ Tìm giá trị lớn nhất ,giá trị nhỏ nhất của biểu thức
B
x2 x 1
x2 x 1
b/ Trên mặt phẳng toạ độ cho các điểm A(0;4) ; B(3;4) ; C(3;0)
Viết phương trình đường thẳng đi qua A, C . Xác định a để đường thẳng y =ax chia
hình chữ nhật OABC thành hai phần , trong đó diện tích phần chứa điểm A gấp đôi
diện tích phần chứa điểm C
Bài4(3đ) Cho hai đường tròn (O) và (O’) ở ngoài nhau . Kẻ tiếp tuyến chung ngoài
AB và tiếp tuyến chung trong EF ( A ,E (O) , B , F (O’) )
a/ Gọi M là giao điểm của AB và EF . Chứng minh rằng AOM và BMO’ đồng
dạng
b/ Chứng minh rằng AE vuông góc với BF
c/ Gọi N là giao điểm của AE và BF . Chứng minh rằng ba điểm O , N , O’ thẳng
hàng
�
Bài5(1đ) Cho hình vuông ABCD . Tính cos MAN biết rằng M ,N theo thứ tự là trung
điiểm của BC, CD
Đáp án thang điểm
Bài 1:
a/
62 5 62 5 =
=|
b) CM
5 1|
-|
5 1|
52
= 1
1 1 1
1 1 1
2 2 =
2
a b c
a b c
5 1
5
52
5 1
=
5 1
2
5
=
5 1
2
5 1
2
1 1 1
=
a2 b2 c2
Ta có
2
2
1 1 1
1 1 1
1 1 1
abc
2 2
a b c
ab bc ac
a b c
abc
abc
2
abc
Mà a +b +c = 0 , a,b,c ≠0. =>
Vậy
1 1 1
a b c
1 1 1
=
a2 b2 c2
2
=0
1
1
1
a
b
c
=
c) Hãy chứng tỏ x 3 5 2 3 5 2 là nghiệm của phương trình x3 +3x – 4 = 0
Tacó : x3 =
3
3
5 2
5 2 3
2
5 2 3 3
5 2 .3
5 2 3 3
5 2 = 4
= 4 – 3 5 2 . 5 2 . 5 2
= 4 – 3x
* x3 = 4 – 3x <=> x3 + 3x + 4 = 0
Vậy x 3 5 2 3 5 2 là nghiệm của PT x3 + 3x + 4 = 0
Bài2(2đ)
a/ Rút gọn, tính giá trị biểu thức
3
3
A
3
3
x y 1 1
1
.
xy xy x y x y 2 xy
2
x y
3.3
3
=
=
=
=
=
x y 1 1
1
: .
xy xy x y x y 2 xy
x y
: .
.
xy
xy xy
x
x
xy
y
y
xy
x
xy
y
xy
x
xy
y
xy
x
xy
y
:
.
.
.
.
xy
:
1
x
y
x y
x
y
2
2
2
x y
:
2
xy x y
x 2 xy y
2
xy x y
2
x y
3
1
1
.
x
y
1
1
.
x
y
2
x
xy
y
3
2
x
y
y
xy
.
x
2
5 2.
Với x = 2 3, y 2 3
Giải : ĐK : x > 0 , y > 0
A
2
5 2 . 3
5 2
5 2 .x
5
Khi x = 2 3, y 2 3 thì A =
2
2
3
2
3 2
3
3
2
3
2
3
=> A2 = 4 – 2 = 2 Do A < 0 => A = - 2
b/ Giải phương trình x 9 x 7 4 (1)
ĐK: x 7
(1) => ( x 9 x 7)2 42
<=> 2x + 2 + 2( x 9 x 7 ) = 16
<=> 2( x 9 x 7 ) = 16 – 2( x + 1)
<=> x 9 x 7 = 8 – (x + 1) (2)
Nếu 8 – ( x+ 1) < 0 <=> x + 1 > 8 <=>x > 7 thì (2) Vô nghiệm => (1) Vô nghiệm
Nếu 8 – ( x+ 1) 0 <=> x + 1 8 <=> x 7
Kết hợp với ĐK đầu bài => x = 7 . Thử x = 7 vào pt(2) ta có 0 = 0
Vậy x = 7 là nghiệm của pt (2) là nghiệm của PT (1)
Bài3(2,5đ)
3x 2 3x 3 2 x 2 4 x 2
2 x 1
Ta có B =
3 2
3
2
x x 1
x x 1
GTLN B = 3 khi và chỉ khi x = -1
2
3x 2 3x 3
x2 x 1
2 x 2 2 x 1 1
2 x 1
1
B=
2
2
2
2
3 3 x x 1 3
3 x 3x 3 3 x x 1 3 x x 1
2
GTNN B =
1
3
khi và chỉ khi x = 1
b)
y
4
A
O
C
x
3
Đường thẳng đi qua hai điểm A( 0 ;4) và C( 3; 0) có dạng y = ax + b
A(0;4) đường thẳng y = ax + b 4 = a.0 + b b = 4
B(3;0) đường thẳng y = ax + b 0 = a.3 + b 3a + 4 = 0 a =
Vậy đường thẳng đi qua hai điểm A và C là : y =
4
3
4
3
x+4
Đường thẳng y = ax là đường thẳng đi qua gốc toạ độ và cắt cạnh BC của hcn OABC
tại M(3; y0) (y0 > 0) sao cho chia hình chữ nhật OABC thành hai phần , trong đó diện
tích phần chứa điểm A gấp đôi diện tích phần chứa điểm C nghĩa là SOMC =
1
3
SOABC
1
1
OC.CM OA.OC
2
3
(1)
Mà OC = |3| = 3 , CM = | y0| = y0 ( do y0 > 0), OA = | 4| = 4 , OC = | 3| = 3
1
1
8
Từ (1) tacó .3.y0 = . 4. 3 y0 =
2
3
Vậy đường thẳng y =ax đi qua M(3;
3
8
3
)
8
3
= a.3 a =
8
9
Bài 4:
E
O
N
O'
12
F
1
2
A
a) Chứng minh rằng
M
B
AOM và BMO’ đồng dạng
�
Ta có AB là tiếp tuyến của (O) => OAM 1v
�
AB là tiếp tuyến của (O’) => O ' BM 1v
EF là tiếp tuyến của (O’) và (O’) => OM là phân giác � , O’M là phân
AME
� 'F
giác BO
�
�
- Xét tứ giác BO’FM có FO ' B FMB = 1800
0
�
�
EMA FMB = 180
�
�
=> FO ' B EMA
1�
�
Mà O '2 FO ' B (OM là phân giác AME )
2
1�
�
M 2 EMA ( O’M là phân giác BO’F)
2
=> O2’ = M2
Mà OAM = O’BM = 1V
=> AOM đồng dạng BMO’ ( g-g)
b/ Chứng minh rằng AE vuông góc với BF
Ta có OM là đường trung trực của AE => OM AE
O’M là đường trung trực của BF => O’M BF
Mà O1’ = O2’ , M1 = M2 , O2’ = M2 => O1’ = M1
Ta có FMO’ + O1’ = 900 => FMO’ + M1 = 900 => O’MO = 900
=> O’M MO
Mà O’M BF => BF // MO , OM AE ( cmt) => BF AE
c/ Gọi N là giao điểm của AE và BF . Chứng minh rằng ba điểm O , N , O’ thẳng
hàng
Bài5(1đ)
B
a
M
C
N
2a
a
D
A
Đặt BAM = DAN = và cạnh hình vuông là 2a thế thì BM = DN = a
Suy ra AM = AN = a 5 ( theo định lý pitago trong tam giác vuông có cạnh a, 2a)
DN
Vậy cos = AN
Và sin MAN = cos
2a
a 5
2 (
2
5
hai góc phụ nhau)
2
2
= 2cos
2
3
- 1 = 2
1
5
5
Mà sin2MAN + cos2MAN = 1 => cos2MAN = 1 – sin2MAN = 1 => cosMAN =
4
5
9
16
25 25
- Xem thêm -