Tài liệu Một số phương pháp giúp học sinh vận dụng tốt bất đẳng thức bunhiacôpxki trong giải toán

Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] I.ĐẶT VẤN ĐỀ Lý do chọn đề tài: Bồi dưỡng nhân tài, phát triển nguồn nhân lực là nhiệm vụ vô cùng quan trọng mà Đảng và Nhà nước giao cho ngành Giáo dục. Vì lẽ đó Bộ Giáo dục & Đào Tạo nói chung, các trường THPT nói riêng luôn quan tâm đến việc phát hiện, bồi dưỡng học sinh khá, giỏi. Trong những năm gần đây số lượng và chất lượng giải trong các kì thi học sinh giỏi ngày càng tăng chính là kết quả của sự đầu tư, quan tâm của các cấp quản lí giáo dục. Đối với môn Toán, một trong những môn học quan trọng nhất thì việc bồi dưỡng học sinh khá, giỏi càng được xem trọng hơn. Chủ đề “Bất đẳng thức” là nội dung không thể thiếu trong việc bồi dưỡng học sinh khá, giỏi. Trong các kì thì Đại học – Cao Đẳng, nội dung bất đẳng thức thường là nội dung giúp phân loại, chọn lựa học sinh khá, giỏi. Đối với hầu hết giáo viên và học sinh THPT đều xem “Bất đẳng thức” là nội dung khó dạy, khó học nhất. Tuy nhiên nếu học sinh học tốt chủ đề “Bất đẳng thức” thì sẽ phát huy tốt khả năng tư duy sáng tạo từ đó học tốt các chủ đề khác, môn học khác. Thực tiễn qua quá trình dạy học tôi nhận thấy rằng nhiều học sinh không thích học chủ đề “Bất đẳng thức” chủ yếu do chưa có phương pháp học tập phù hợp cộng với tâm lý ngại và sợ học nội dung này. Bất đẳng thức Bunhiacopxki là một trong những bất đẳng thức kinh điển của Toán học. Sử dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki là một công cụ rất hay, hữu hiệu để giải quyết nhiều bài toán liên quan đến bất đẳng thức. Học sinh THPT thường yếu ở kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki nên việc tăng cường rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức này cho học sinh là việc làm rất thiết thực. Những lí do nêu trên cùng với những kết quả tích cực từ thực tiễn dạy học chủ đề “Bất đẳng thức” của bản thân là cơ sở để tôi đã chọn đề tài nghiên cứu: “Một số phương pháp giúp học sinh vận dụng tốt bất đẳng thức Bunhiacôpxki trong giải toán” 1 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] . II. GIẢI QUYẾT VẤN ĐỀ 1. Cơ sở lí luận của đề tài. a. Các tính chất cơ bản của bất đẳng thức. 1/ a > b và b > c  a > c. 2/ a > b  a + c > b +c. Hệ quả: a > b + c  a - c > b. 3/ a > b và c > d  a + c > b + d. 4/ a > b  ac > bc ( nếu c > 0 ); hoặc ac < bc ( nếu c < 0 ). 5/ a > b > 0 bà c > d > 0  ac > bd. 6/ a > b > 0, n nguyên dương  a n > b n . 7/ a > b > 0, n nguyên dương  n a > nb. Hệ quả: a > b ≥ 0: a 2 b 2  a ≥ b  a  b . 8/ a > b, ab > 0  1 1 < . a b 9/ + a > 1, m và n nguyên dương, m > n  a m > a n . + 0 < a < 1, m và n nguyên dương, m > n  a m < a n . b. Bất đẳng thức Bunhiacopxki * Bất đẳng thức Bunhiacopxki dạng đơn giản nhất. Cho 4 số thực a, b, c, d khi đó ta có bất đẳng thức: (1) ( ab  cd ) 2 (a 2  c 2 )(b 2  d 2 ) Dấu “=” xảy ra khi ad = bc * Bất đẳng thức Bunhiacopxki với hai dãy số không âm. Cho hai dãy số thực a1,a2,…an và b1,b2,…bn. khi đó ta có: (a1b1+ a2b2 + …+ anbn)2  (a12 +a22 + …+ an2)(b12 +b22 + …+bn2) (2) a a a n 1 2 Dấu bằng xẩy ra  b  b ...  b (với quy ước nếu mẫu bằng 0 thì tử bằng 0). 1 2 n c. Bất đẳng thức Bunhiacovski mở rộng: Cho m dãy số thực, trong mỗi dãy có n phần tử: 2 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] a , a ,..........., a  b ,b ,............, b  1 2 n 1 2 n m dãy ...........................  c1, c2 ,............., cn Khi đó ta có bất đẳng thức sau: a1b1...c1  a2 b2 ...c2  ...  an bn ...cn m  a m  1 a m  ...  2 a  b m n m  1 b m  ...  2 b  … c  c  ...  c  m n m m m 1 2 n (3) Dấu đẳng thức xẩy ra khi và chỉ khi: a1: b1:…:c1 = a2: b2:…: c2 =…= an: bn:…: cn Nhận xét: Bằng cách cho m;n một giá trị cụ thể ta thu được: + Với m=2; n=2 thì: a1b1  a2 b2 2  a  a  b  b  2 1 2 2 2 1 2 2 Dạng (1) + m=2; n N và n>2 ta có bất đẳng thức: a1b1  a2 b2  ...  an bn 2 a12  a22  ...  a2n b12  b22  ...  b2n  Dạng (2) + m=3; n=3 ta có: a1b1 c1  a2 b2 c2  a3 b3 c33 a13  a32  a33 b13  b32  b33 c13  c32  c33 (4) ………………………………….. 2. Thực trạng của đề tài: 3 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Qua quá trình thực tiễn dạy học tôi nhận thấy rằng khi dạy học chủ đề “Bất đẳng thức” nói chung, dạy học bất đẳng thức Bunhiacopxki nói riêng có thực trạng như sau: + Đa số học sinh rất ngại thậm chí “sợ” khi giải toán bất đẳng thức. Từ tâm lý ngại và sợ đó dẫn đến tình trạng học sinh không quyết tâm khi học chủ đề “ Bất đẳng thức”, nhiều học sinh cứ gặp bài toán bất đẳng thức là bỏ, không chịu tư duy để giải toán. + Việc áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki của học sinh đa số mới chỉ dừng lại ở mức nhận biết, rất ít học sinh thuần thục kỹ năng và sáng tạo khi vận dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki vào giải toán. + Nhiều thầy cô giáo chưa thực sự quan tâm và đầu tư khi dạy học chủ đề “Bất đẳng thức” nói chung, dạy học bất đẳng thức Bunhiacopxki nói riêng. + Bất đẳng thức Bunhiacopxki không được dạy trong chương trình SGK, chỉ giới thiệu ở dạng đơn giản nhất (dạng (1)) hơn nữa số tiết theo phân phối chương trình dành cho chủ đề “ Bất đẳng thức” rất ít nên ảnh hưởng không nhỏ đến việc dạy học chủ đề này. + Chủ đề “ Bất đẳng thức” thường dành ưu tiên đề bồi dưỡng học sinh khá, giỏi nên rất khó để giáo viên tổ chức dạy học ở những lớp có nhiều đối tượng học sinh. 3.Giải pháp và tổ chức thực hiện. Khi dạy học chủ đề “bất đẳng thức” cho học sinh tôi đã dành một phần thời lượng chương trình để tập trung rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki cho học sinh. Tùy theo năng lực của mỗi học sinh cũng như tập thể học sinh để tôi chuẩn bị giáo án phù hợp. Các bài tập để học sinh vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki tôi soạn theo 3 mức đó là: Mức độ 1: Dành cho học sinh đại trà, học sinh khá. Các bài tập này chủ yếu dừng ở mức độ nhận biết, giúp học sinh bước đầu biết cách vận dụng lí thuyết để giải bài tập. 4 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Mức độ 2: Dành cho học sinh khá, giỏi. Các bài tập ở mức thông hiểu, để giải được các bài tập này học sinh ngoài việc phải nắm trắc những kiến thức cơ bản còn phải biết linh hoạt sử dụng nhiều kiến thức, kĩ năng toán học khác. Mức độ 3: Dành cho những học sinh giỏi. Các bài tập ở mức cao hơn đòi hỏi học sinh phải phát huy tốt tư duy toán học, để giải các bài tập này ngoài kiến thức toán học vững vàng học sinh thường phải sử dụng nhiều hoạt động toán học như phán đoán, phân tích, biến đổi, so sánh, tổng hợp, khái quát… Với các mức độ bài tập như trên tôi đã áp dụng vào thực tiễn dạy học thông qua những giải pháp cụ thể sau: 3.1.Giải pháp 1: Rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki trong chứng minh bất đẳng thức: Ví dụ 1: Bài tập ở mức độ 1. Cho 3 số dương a, b, c với a, b  c. Chứng minh: a ( c  b)  b ( c  a ) c Lời giải: Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki ( dạng (1)) cho các bộ số ( a; c  a) và ( c  b; b ) ta có: ( a (c  b)  b (c  a ) ) 2  c 2  đpcm Ví dụ 2: Bài tập ở mức độ 2. ( Đề thi ĐH - CĐ khối A - năm 2003) Cho x, y, z > 0 thỏa món : x + y + z P= x2   1. Cmr: 1 1 1  y 2  2  z 2  2  82 2 x y z Lời giải: Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki cho các bộ số ( x; 1 ) x và (1; 9) ta có: 9 1 ( x  ) 2 82.( x 2  2 ) tương tự ta có: x x 9 1 9 1 ( y  ) 2 82.( y 2  2 ) ; ( z  ) 2 82.( z 2  2 ) . y y z z 9 9 9 P. 82    + x+ y+ z x y z Cộng vế với vế ta được: 81( x  y  z )  9( 1 1 1   )  80( x  y  z )  x y z 5 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] 2.9.3 ( x  y  z )( 1 1 1   )  80  162 x y z - 80 = 82  đpcm Ví dụ 3: Bài tập ở mức độ 3. a. Cho a;b;c là ba số dương a b c Chứng minh rằng: b  2c  c  2a  a  2b 1 b. Cho a;b;c>0;m nguyên dương và p;q>0 Chứng minh Lời giải: rằng: N   a  b  c  m 1 am bm cm    pb  qc pc  qa pa  qb  p  q .3m 2 a. Áp dụng bất đẳng thức (4) Ta có (a+b+c) 3 = (3 a 3 b 3 c . a (b  2c ) .3 a  3 . b(c  2a ) .3 b  3 .3 c( a  2b) .3 c ) 3 b  2c c  2a a  2b a b c ( b  2c  c  2a  a  2b ). (ab+2ac+bc+2ab+ac+2bc).(a+b+c) Chia hai vế cho: 3(ab+bc+ac).(a+b+c) , ta được: a b c ( a  b  c) 2    b  2c c  2a a  2b 3(ab  bc  ac) Hiển nhiên ta có : (a+b+c) 2 3(ab  bc  ac) do đó: (a  b  c) 2 1 3( ab  bc  ac) Từ đó suy ra: a b c   1 b  2c c  2a a  2b (đpcm) Dấu bằng xảy ra khi và chỉ khi: a=b=c 6 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Sau khi cho học sinh giải bài tập giáo viên nên đặt câu hỏi, dẫn dắt để học sinh hiểu rằng bất đẳng thức ở câu b thực chất là bất đẳng thức tổng quát của bất đẳng thức đã chứng minh ở ý a. b. Ta có: (a+b+c) m =   a b c m pb  qc1.1...1  m pc  qa1.1...1  m pa  qb1.1...1       m pb  qc m pc  qa m pa  qb m 2 m 2 m 2   N . pb  qc  pc  qa  pa  qb1  11...1 1  1 m  Suy m 2 ra: (a+b+c) m  N.  p  q   a  b  c .3 m 2 Cho nên: N  a  b  c  m 1  p  q .3m 2 mà a+b+c > 0 (đpcm) Dấu bằng xẩy ra khi và chỉ khi: a = b = c Nhận xét: Việc tham số hoá trở lại thích hợp ta có một loại các bài toán mới: m =1;p=1;q=1: a b + bc c a m=1; p = 1; q = 2: a b c 1 + + b  2c c  2a a  2b m =3; p = 2; q = 1 abc : a 4b 2ab 2 1  c 3 + a  b 2 b 4c 2bc 2 1  c4a 2ca 2  1 am bm cm 3  a b c    .  b c c a a b 2  3  p=q=1;m N :   (a  b  c ) 2 abc . 2abc  1 3 m 1 Ví dụ 4 : Bài tập ở mức độ 3. a. Cho a,b,c >0 . CMR: a2 b2 c2 a b c   + b c c a a b 2 b. Cho a,b,c>0 và k1 , k 2 , k 3 là các tham số dương 7 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] a2 b2 c2 (a  b  c) 2    b  k1c c  k 2 a a  k 3b (1  k 2 )a  (1  k 3 )b  (1  k1 )c CMR: Lời giải: a. Ta có: 2 a b c  bc  ca  a  b  ca a b  bc   a  b  c  2  ( Hay a2 b2 + bc ca + a2 b2 + bc ca + a b c c2  2 a b c2 ) .(b+c+c+a+a+b) a b (đpcm) Nhận xét:  Bất đẳng thức trên có thể chứng minh bằng nhiều cách .  Tham số hoá bất đẳng thức trong câu a ta được bài toán tổng quát chính là bất đẳng thức ở câu b. b.  a  b  c  a2 2  a   b  k1c b2  (b  k c  c  k 1 Suy ra 2a  b b  k1c  c  k2a c c  k2a  a  k 3b 2  a  k 3b    c2 ).(a  b  c  k1c  k 2 a  k 3b) a  k 3b (a+b+c) 2  ( a2 b2 c2   ). (1  k 2 ) a  (1  k 3 )b  (1  k1 )c  b  k1c c  k 2 a a  k 3b Vậy a2 b2 c2 (a  b  c) 2    b  k1c c  k 2 a a  k 3b (1  k 2 )a  (1  k 3 )b  (1  k1 )c (đpcm) 8 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected]  a b c Dấu bằng xảy ra khi và chỉ khi:   k1 k 2 k3 3.2.Giải pháp 2: Rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki khi giải bài toán tìm min, max ; tìm giá trị nhỏ nhất (GTNN), giá trị lớn nhất (GTLN). Ví dụ 5: a. Bài tập mức độ 1. 5 4 Cho a; b > 0 và a+b= 1 . Tìm Min của biểu thức: S = 4a  4 b b. Bài tập mức độ 2. a b Cho a;b>0; a-b=1 và X;Y>0; X+Y= b . Chứng minh rằng: X  1 a bY Lời giải: a. Do a;b > 0 nên áp dụng bất đẳng thức (1) cho 2 dãy: 1 2 a ; 2 b và 25  1 2  a b = 4 b 2 a  Hay: Suy ra: S= 25 4 a 2 ( ; 1 4  4a b 1  ( 4a  1 4  4a b ta được: b 4 b )(a+b) ) 5 4 (vì a+b = 5 4 ) 5 9 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] 2 1 : a  2 a b : b   1  5 a   4 Dấu bằng xẩy ra khi và chỉ khi:  a  b   4  b 1  a; b  0   MinS = 5 khi a = 1 4 Vậy ;b=1 b. Vận dụng bất đẳng thức (1) cho 2 dãy: 1 ; bY 1  b  2 b Hay: Suy ra:  1 =  bY  1  b  2  b b X Y  và b X Y ;  X   2 b a  1    bY X  b b 1  a X bY ta được: X b  1   X  Y  X    bY (do a=1+b) (đpcm) 1 b : Y  :X  X  bY  X 1  a   1 Dấu bằng xẩy ra khi và chỉ khi:  X  Y   b Y b  X ;Y  0   Ví dụ 6 : Bài tập mức độ 3. 10 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Cho x>1;y>2 và x+y= Lời giải: Ta có x+y= 1 25 6 25 6 Tìm giá trị nhỏ nhất của S = 6( x  1)   (x-1)+(y-2)= Áp dụng bất đẳng thức(1) cho 2 dãy: 7 6 6 y 2 và x>1;y>2 nên x-1>0;y-2>0 1 ; 6( x  1) 6 y 2 và x  1; ta y 2 được: 49  1  6  6( x  1) 49 7 S . 6 6 x 1 6 y 2 2   1 6  y  2     ( x  1)  ( y  2)  6 ( x  1 ) y  2     S 7  x 1 1  y  2 6   7 25  x  Dấu “=” xẩy ra khi và chỉ khi :  x  y    6  6  y 3  x  1; y  2   MinS=7 Hay Vậy 7 khi x= 6 ;y=3 3.3.Giải pháp 3: Rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki để giải phương trình, hệ phương trình, bất phương trình. Ví dụ 7 : Bài tập mức độ 1. Giải phương trình: 2 x  3  5  2 x 3 x 2  12 x  14 Lời giải : 11 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Giải phương trình: 2 x  3  5  2 x  3 x 2  12 x  14 � 2x  3  5  2x  3 x  2  2 2 2 x  3 �0 � � 1,5 x 2,5 ۣ ĐK: � 5  2 x � 0 � Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacốpxki cho hai bộ số không âm (1:1) và ( 2 x  3 : 5  2x ) ta có:  2x  3  5  2x  � 1 1  �  2x  3    � � 2 2 2 2 2 x  3  5  2 x �2  Do 2 x  3  5  2 x  0 Dấu “=” xảy ra � 2 x  3  5  2 x 3  x  2   2 �2 2  2 5  2 x ��2.2  4 � � � x2 dấu”=” xẩy ra � x = 2 Vậy pt có nghiệm duy nhất x = 2 Ví dụ 8 : Bài tập mức độ 2. Giải phương trình: Lời giải: x  1  x  3  2( x  3) 2  2 x  2 x  1  x  3  2( x  3) 2  2 x  2 (i) Áp dụng BĐT Bunhiacôpxki cho 2 bộ số không âm ( x  1 ; x – 3) và (1 ; 1) ta có:    x  1  x  3 � 2( x  1)  2( x  3) 2 x  1  x  3 � 12  12  � �x  1   x  3 � � 2 (i)và (ii) xảy ra khi chỉ khi: (ii) 2 x 1  x  3 � x2 – 6x + 9 = x – 1 � x2 – 7x + 10 = 0 � x=2 hoặc x = 5 12 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] x = 2 không thoả mãn; x = 5 thoả mãn vậy S   5 Ví dụ 9 : Bài tập mức độ 3. Giải phương trình: x 2 Lời giải: x 2 4 4 2  x 4  1  x 4  x3 2  x 4  1  x 4  x3 � x 2 4 2  x 4  1  x 3 ( x  1) Đ K : x4 �2 Vì x = 0 không phải là nghiệm nên phương trình � Ta có: 1  x 2 �2 2 x 2 dấu “=” xảy ra � x  1 x2 4 2  x4  x  � x2  1 1  x2 2 x (i) Mặt khác: Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki ta có:  4  2   2  x 4  x  12  12 ( 2  x 4  x 2 )   2 x  x 4 4 � 4  4 �4  2 x  x 4 2  2 �4.2  2  x 4  x 4   16 (ii) 4 2  x 2  x � 16  2 Dấu “=” xảy ra khi chỉ khi x = 1 Từ (i) và (ii) suy ra phương trình có nghiệm duy nhất x = 1. Ví dụ 10. Bài tập mức độ 3. Giải phương trình 4 1  x 2  4 1  x  4 1  x 3 Gi¶i: §k : -1 x 1 Theo b©t ®¼ng thc C«-si ta cã: 4 1 x2 =4 (1  x )(1  x )  1 x 2 1 1 x 2 4 1 x + 1 x 2 (i) 4 1  x  4 1.(1  x ) (ii) = 4 1.(1  x)  1 1 x 2 (iii) Tõ (i),(ii),vµ(iii) áp dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki ta cã : 4 1 x  1+  1 x + 1 x 4 1 x2 + 4 1 x + 3 13 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] DÊu “=” xÈy ra khi vµ chØ khi : 1  x = 1  x = 1  x=o KiÓm tra l¹i ta thÊy x=0 lµ nghiÖm cña ph¬ng tr×nh. 3.4.Giải pháp 4: Rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki khi giải một số bài toán hình học. Ví dụ 11: Bài tập mức độ 2. Cho elip (E) : x2 y2  1 16 9 các điểm M, N chuyển động lần lượt trên các tia Ox, Oy sao cho MN luôn tiếp xúc với (E). Xác định tọa độ M, N để đoạn MN có độ dài nhỏ nhất. Tìm giá trị nhỏ nhất đó. Lời giải : Phương trình tiếp tuyến tại điểm Suy ra tọa độ của M, N là 16 2 9 2  MN  2  2 x0 y0 2 M( 2 M 0 ( x0 ; y 0 )  ( E ) 16 ;0) x0 2 và 2 N (0; là x.x 0 y. y 0  1 16 9 9 ) y0 2 16 9 x y = ( 0  0 ) . ( x2  y2 ) 16 9 0 0 Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki (dạng (1)) ta có : MN 2 (4  3) 2 49 Khi đó MN đạt GTNN bằng 7 với 21) . M ( 2 7 ;0) và N (0; Ví dụ 12 : Bài tập mức độ 2. a, b, c là độ dài 3 cạnh của một tam giác Chứng minh rằng : A = a b c   1 2b  2c  a 2c  2a  b 2a  2b  c Lời giải : Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki cho 6 số không âm a 2b  2c  a b 2c  2 a  b ; b( 2c  2a  b) ; ; c 2a  2b  c c( 2a  2b  c) và a (2b  2c  a ) ; ta có : A.( 4ab  4bc  4ca  a 2  b 2  c 2 ) (a  b  c) 2 14 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Bằng biến đổi tương đương dễ dàng chứng minh được : ( a  b  c) 2 1  A 1 , dấu “=” xảy ra khi tam giác ABC là tam 4ab  4bc  4ca  a 2  b 2  c 2 giác đều. Ví dụ 13: Bài tập mức độ 3. Cho a,b,c là độ dài ba cạnh của tam giác ABC.Gọi S; r lần lượt là diện tích và bán kính đường tròn nội tiếp tam giác đó. Chứng minh rằng: a3 + b3 + c3 2 S  .  b c c a a b 3  r  Lời giải: Gọi p là nửa chu vi của tam giác và p= S = p.r  p  Ta có: S r  2 a b c 2 S a b c  r 2 Khi đó bất đẳng thức cần chứng minh trở thành: a3 b3 c3 2  a b c + +  .  2 b c c a a b 3   Hay 2 a3 b3 c3 1 2  . a  b  c  (*) + + b  c c  a a b 6 Như vậy ta đã chuyển bài toán hình học sang bài toán chứng minh bất đẳng thức, bất đẳng (*) được chứng minh như sau: Áp dụng bất đẳng thức Bunhiacôpxki dạng (4) ta có: 15 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] (a  b  c) 3  (  a  3  b c 3 b  c .1  3 b 3 ca c  a .1  3 a3 b3 c3   ).(b  c  c  a  a  b).3 b c c a a b  ( a  b  c ) 3  6.( c a b 3 3  a  b .1    a3 b3 c3   ).(a  b  c) bc c a a b 3 3 3 a b + + c  1 . a  b  c  2 ( (*) đã được chứng minh).  b  c c  a a b 6 DÊu b»ng xÈy ra khi vµ chØ khi: a = b = c hay tam giác ABC là tam giác đều. Từ dó suy ra điều phải chứng minh. 3.5.Một số bài tập áp dụng. Bài tập 1: Giải phương trình: Bài tập 2: x 4 + x 6 6x  3  3  2 x  x2 x  1 x =x2 - 10x + 27 Bài tập 3: � 6 x 2  3 xy  x  1  y � Giải hệ phương trình: � 2 2 �x  y  1 Bài tập 4 : Cho x>2;y>3 và x+y= Tìm Min của P= Bài tập 5: y  3  49( x  2) 7( x  2)( y  3) Cho a;b;c > 0 và a+b+c=1 CMR: Bài tập 6: 43 7 a b c   1 1 b  a 1 c  b 1 a  c Cho a;b;c>0. 16 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] CMR : Bài tập 7: a 3b 2 ab 1  b3c 2 bc 1  c3a 2 ca  1  abc ( a  b  c) abc  1 Cho a;b;c là độ dài ba cạnh của một tam giác.Gọi R;r lần lượt là bán kính của đường tròn ngoại tiếp và nội tiếp tam giác đó. a3 b3 + bc ca CMR Bài tập 8: c3 1  abc   . +  a  b 24  R.r  2 Cho a;b;c>0. CMR: a 2 a  8bc  b 2 b  8ac  c 2 c  8ab 1 (Đề thi ÔLympic ) 4. Kết quả thực nghiệm của đề tài. Năm học 2012 – 2013 tôi đã áp dụng các giải pháp nêu trong đề tài vào thực tiễn dạy học, cụ thể tại lớp 10 A3 – Trường THPT Yên Định 2 trong nội dung: Chủ đề tự chọn ( Ôn tập bất đẳng thức). Đồng thời cũng với nội dung như trên tôi đã dạy học đối chứng tại lớp 10 A7 – Trường THPT Yên Định 2 ( lớp 10 A7 và lớp 10 A3 đều học theo chương trình cơ bản, có lực học tương đương nhau) , lớp dạy học đối chứng không sử dụng các giải pháp nêu trên đề tài. Sau nội dung ôn tập tôi cho 2 lớp làm bài kiểm tra ( nội dung về chủ đề “Bất đẳng thức”) kết quả được thống kế như sau: Lớp Sĩ 10 số 48 A3 10 A7 45 Giỏi SL 15 6 % Khá SL 31,2 13,3 % Trung bình SL % Yếu SL % Kém SL % 25 52, 8 16,7 0 0 0 0 10 1 22, 24 53,3 5 11, 0 0 2 2 17 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] Những kết quả trên đây cùng với những kết quả định tính khi thăm dò, điều tra từ học sinh tôi mạnh dạn khẳng định những giải pháp mà đề tài đưa ra là hoàn toàn khả thi và có thể áp dụng hiệu quả trong quá trình dạy học nói chung, bồi dưỡng học sinh khá giỏi nói riêng. III.KẾT LUẬN Từ kinh nghiệm thực tiễn của bản thân trong quá trình dạy học, sự giúp đỡ đồng nghiệp, thông qua việc nghiên cứu các tài liệu có liên quan đề tài đã hoàn thành và đạt được những kết quả chính sau đây: + Đề tài đã nêu lên thực trạng của việc dạy và học chủ đề “Bất đẳng thức” hiện nay. + Đề tài đã đề xuất một số giải pháp thiết thực trong việc rèn luyện kĩ năng vận dụng bất đẳng thức Bunhiacopxki cho học sinh khá, giỏi. + Đề tài đã nêu được các ví dụ minh chứng điển hình cho các giải pháp. + Đã đưa ra một số bài tập áp dụng theo các mức độ khó, dễ khác nhau phù hợp với nhiều đối tượng học sinh. Mặc dù tôi đã nhiều cố gắng xong thiếu xót, hạn chế của đề tài là không thể tránh khỏi tôi rất mong nhận được những góp ý của các thầy cô giáo, các bạn đồng nghiệp. Những góp ý đó sẽ là cơ sở để tôi hoàn thiện hơn đề tài nghiên cứu của này. Tôi xin chân thành cảm ơn! Xác nhận của thủ trưởng đơn vị ……………………………………… Thanh Hóa, ngày 16/05/2013 Tôi xin cam đoan đây là SKKN của 18 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] ……………………………………… mình viết, không sao chép nội dung ……………………………………… của người khác. ……………………………………… Người thực hiện Trịnh Hữu Thực TÀI LIỆU THAM KHẢO 1. Nguyễn Bá Kim (2004), Phương pháp dạy học môn Toán, Nxb Đại học sư phạm. 2. Phạm Kim Hùng (2008), Sáng tạo bất đẳng thức, Nxb Hà Nội. 4. Pôlya. G (1976), Toán học và những suy luận có lý, Nxb Giáo dục. 5. Đoàn Quỳnh, Nguyễn Huy Đoan, Nguyễn Xuân Liêm, Nguyễn Khắc Minh, Đặng Hùng Thắng (2007), Đại số 10 nâng cao, Nxb Giáo dục. 6. Đoàn Quỳnh, Văn Như Cương, Phạm Khắc Ban, Tạ Mân (2007), Hình học 10 nâng cao, Nxb Giáo dục. 19 Liên hệ: Nguyễn Văn Hùng ĐT:0946734736; Mail: [email protected] 7. Trần Văn Hạo, Chuyên đề luyện thi đại học - Bất đẳng thức, Nxb Giáo dục. 8. Trần Phương, Võ Quốc Bá Cẩn, Trần Quốc Anh, Vẻ đẹp bất đẳng thức, Nxb Đại học quốc gia Hà Nội MỤC LỤC I. PHẦN MỞ ĐẦU: Lí do chọn đề tài II. GIẢI QUYẾT VẤN ĐỀ 1. Cơ sở lí luận của đề tài. Trang 01 01 01 20