Tài liệu Bai giảng este 2019 mới.pptx

BÀI GiẢNG ESTE TRONG ĐỀỀ THI 2019 • Chú ý: Để hiểu và làm được theo sơ đồồ hướng dẫẫn giải sau người học phải trang bị cho bản thẫn kiếến thức cơ bản vếồ este mới có thể hiểu hếết hàm ý! HDG Áp dụng ĐLBT KL ta tính được mancol = 4,6 gam = t.R + 17.tn (tn =0,1) Câu 75(Mã đềề 202-2019): Cho 7,36t.Rgam = 2,9hồẫn hợp E gồồm hai este mạch Dễ cacboxylic chọn được ancol là C2H OH< M < 150 ) tác hở X và Y (đếồu tạo bởi axit và ancol ;M 5 X Y B a o to, athu n n hđoượ m cOm H ột ancol Z và 6,76 gam dụng vừa đủ với dung dịch NaOH hồẫn hợp muồếi T.Cho toàn bột.n Z tác = 0d,0ụ5ng .2 v=ớ 0i,1Na dư , thu được 1,12 lít khí H2.Đồết cháy hoàn toàn T thu được H2O , Na2CO3 và 0,05 mol CO2 .Phẫồn trăm khồếi lượng của X trong E )làn + N a R (O H H2 t m C. o l 81,52%. 0 ,0 5 m l COO A. 60,33%. D.o 47,83%. NB. a O50,27%. H C H 0 ,1 m o l 0 ,1 C O O N a 0 C 0 ,0 6 H X 7 ,3 6 g a m Dễ xác định được muối T 6 ,7 6 g a m HCOONa 0,06 mol 0,06 mol COONa COONa 0,02 HCOOC2H5 COOC2H5 COOC2H5 0,02 mol O2 BTC %X = CO2 0 ,0 5 m o l N a 2 C O 3 0 ,0 5 4,44 .100% = 60,33 % 7,36 Chọn A HDG dụng ĐLBT KL ta tính được mancol = 3,14 = t.R hồẫ + 17.tn =0,1) CâuÁp 75(Mã đềề 203-2019):Đồế t cháy hoàn toàngam m gam n hợp (tn E gồồ m hai este mạch hở X và Y t.R (đếồ=u 1,44( tạo bcó ởi axit cacboxylic và ancol ; MX < MY < CH3OH và R’(OH) ) 2 150 ) thu được 4,48 lít CO2 .Cho m gam 0 ,2 Emtác o l dụng vừa đủ với dung dịch O 2 hồẫn hợp ancol Z .Cho toàn bộ Z NaOH , thu được một muồếi và 3,14Cgam a o tokhồế a n inlhượ om O Ha X tác dụng với Na dư , thu được 1,12 lít khí H2.PhẫồnBtrăm ng c ủ t.n = 0 ,0 5 .2 = 0 ,1 trong E là O2 A. 29,63%. B. 62,28%. C. 40,40%. + D. N a30,30%. 0 ,1 C O O C H N aO H 0 ,1 m o l R (O H ) n t m ol H2 0 ,0 5 m o l 0 ,1 C O O N a C H E m gam Xét trong E ta thấy nC = nCOO nên X, Y lần lượt là x y HCOOCH 3 HCOO HCOO x+2y=0,1 CH 2 CH 2 32x+62y=3,14 x=0,04 y=0,03 %X= 2,4 .100%=40,40% 5,94 Chọn C Câu 73(Mã đềề 206-2019):Đồết cháy hoàn toàn m gam hồẫn hợp E gồồm hai HDG este mạch hở X và Y (đếồu tạo bởi axit và ancol ; MX < MY < 150 ) 0 ,2 cacboxylic m ol thu được 4,48 lít CO2 .Cho m gamCEOtác 2 dụng vừa đủ với dung dịch NaOH , B aio.Cho to atoàn n n hb oộmZ O H dụng thu được một ancol Z và 6,76 gam hồẫn hợp muồế tác t.n = 0 ,0 5 .2 = 0 ,1 với Na dư , thu được 1,12 lít khí H2.Phẫồn trăm khồếi lượng của X trong E là O 2 B. 50,34%. A. 44,30%. C. 74,50%. D. 60,40%. +N a 0 ,1 C O O C H E m gam N aO H 0 ,1 m o l R (O H ) n t m ol H2 0 ,0 5 m o l 0 ,1 C O O N a C H 6 ,7 6 g a m Xét trong E ta thấy nC = nCOO ; MX < MY < 150 , X là HCOOCH3; thu được 1 ancol nên tìm được Y 3,6 .100%=60,40% x =0,06 x HCOOCH 3 % X = x +2y =0,1 5,96 y =0,02 COOCH 3 Ta dễ có : y 68x +134y =6,76 COOCH 3 Chọn D HD G x HCOOCH 3 Câu 77(Mã đềề 222-2019):Hồẫn hợp E gồồm ba este mạch hở đếồu tạo bởi axit ROH(12,88 gam) y CH = CH-vCOOCH cacboxylic ớ i ancol : X(no,đ ơ n ch ứ c) Y (khồng no,đơn chức ,phẫn t ử có hai liến 2 3 kếết pi ) và 3Z (no, hai chứ c).Cho 0,2 molx EHCOONa tác d ụng v ừa đ ủ v ới dung d ịch NaOH , + NaOH COOCH u Na 2CO3hồẫn thuz được 12,88 gam hồẫn hợp ba ancolycùng dãy đồồ n g đ ẳ ng và 24,28 gam CH2 = CH- COONa + O2 hợpCOOCH T gồồm3 ba muồếi của ba axit cacboxylic .Đồết cháy toàn b ộmTolcẫồn v ừa đ ủ 0,175 CO2 v COONa 0,175 t CH2mol O2 , thu được Na2CO3 ,CO2 vàz 0,055 mol H2O .Phẫồn trăm khồếi lượng của X trong E là có già trị gâền nhâất với giáCOONa trị nào sau đẫy ? H2O 0,055 mol A. 9. E B. 12. D. 6 t' C.5. CH 2 x + y + z = 0,2 (I) 24,28 gam Bao toàn khôi luong : 24,28 + 0,175.32 = 0,055.18 +106 u + 44 v 28,89 =106u + 44v u=0,175 0,295 = - u + 2v v=0,235 Bao toàn Na: x + y + 2z =2u Bao toàn Oxi: 2x + 2y + 4z +0,175.2 = 3u +2v + 0,055 x + y + 2z = 0,35 (II) Bao toàn C: x + 3y + 2z +t' = u + v =0,41 Bao toàn H: x + 3y +2t' = 0,055.2 x + 3y + 4z = 0,71 (III) • Từ (I)(II)(III) ta có : x = 0 ,0 2 y = 0 ,0 3 t' = 0 z = 0 ,1 5 Áp dụng ĐLBTKL ta tìm được t = 0,12; t’ =0 nên CH2 chỉ thuộc các gốc của ancol nên ta dễ có: 0,12 = 0,02n + 0,03 .m + 0,15.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z ) l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học 2n + 3m = 12 m n 0 6 Loại 1 2 3 4 4,5 3 1,5 0 Loại Chọn Loại Loại Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau Vậy X là : HCOOC4H9 %X = 2,04 . 100%= 8,81% 23,16 Chọn A HD x HCOOCH3 G Câu 79(Mã đề 213-2019):Hỗn hợp E gồm gam)ba este mạch hở đều tạo ROH (38,34 y CH = CH- COOCH 2 3 bởi axit cacboxylic với ancol : X(no,đơn + NaOH x HCOONa chức) Y (không no,đơn COOCH3 u Na2CO z ,phân tử có hai liên kết pi ) và 3 chức Z2 =(no, hai chức).Cho 0,58 mol y CH CH- COONa + O2 COOCH 3 vừa đủ với dung dịch NaOH , thu được E tác dụng 38,34 hỗn 0,365 mol gamCO COONa 2 0,6 mol CH2 ancol cùng dãy đồng đẳng zvà 73,22 gam hỗn hợp T gồm ba hợpt ba H2O v COONa muối của ba axit cacboxylic .Đốt cháy toàn bộ T cần vừa đủ 0,365 E t' CH2 mol O2 , thu được Na2CO3 , H2O và 0,6 mol CO2 .Phần trăm khối x + y + z = 0,58 (I) 73,22 gam với giá trị nào sau đây ? lượng của Y trong E là có già trị gần nhất = 0,6.44 + 106 u + 18 v A.Bao8.toàn khôi luong : 73,22 + 0,365.32 B. 5. C.7. 58,5 = 106u + 18v D. 6 u=0,54 Bao toàn Na: x + y + 2z = 2u - 0,47 = - u + v Bao toàn Oxi: 2x + 2y + 4z + 0,365.2 = 3u +v + 0,6.2 x + y + 2z = 1,08 (II) Bao toàn C : x + 3y + 2z + t' = u + 0,6 =1,14 Bao toàn H: x + 3y + 2t' = v.2 =0,14 x + 3y + 4z = 2,14 (III) x + 3y + 4z = 2,14 (III) v=0,07 Từ (I)(II)(III) ta có : x=0,05 y = 0,03 t' = 0 z = 0,5 Áp dụng ĐLBTKL ta tìm được mE = 68,36 gam ; t = 0,27 t’ =0 nên CH2 chỉ thuộc các gốc của ancol nên ta dễ có: 0,27 = 0,05n + 0,03 .m + 0,5.l ( n,m,l lần lượt là số nhóm CH2 Trong X,Y,Z ) l = 0 là giá trị duy nhất phù hợp.và ta có PT toán học 5n + 3m = 27 n 0 1 2 3 4 5 m 9 7,3 5,6 4 2,3 Loại Loại Loại Chọn Loại 0,67 Loại Loại vì : số lẻ hoặc không đảm bảo tạo 3 ancol khác nhau Vậy Y là : CH2 = CH - COOC5H11 %X = 4,26 . 100% = 6,23 % 68,36 Chọn D HD G= 4 + 2t mancol Câu 79(Mã đề 217-2019):Hỗn hợp X gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol trong đó hai este có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử .Xà phòng hóa hoàn toàn 7,76 gam X bằng dung dịch NaOH vừa đủ thu được hỗnROH hợp Y+Na gồm hai H2 ancol đơn chức kế tiếp 2thợp mol Z gồm hai muối.Cho toàn bộ Y vào trong và hỗn 2t dãy COOđồng đẳng NaOH bình đựng C kim loại Na dư , sau phản ứng có khí H2 thoát ra và khối 2t mol mol mol O2­ lượng bình cháy hoàn O toàn Z cần Na vừa đủ H tăng 4 gam . Đốt 2t 2CO 3 t0,09 COONa 2 thu được Na2CO3 và 4,96 gam hỗn hợp0,09 COmol và H2O.Phần trăm khối 2 C 0,02 X lượng7,76 củagam este có phân tử khối H nhất trong X là x CO2 0,16 nhỏ H2O 4,96 gam y A. 19,07%. B. 77,32 %.mgam Bao C. toàn 15,46 D. 61,86 %. C %. Áp dụng ĐLBT KL : 7,76 + 2t. 40 = (4 + 2t) + (106t + 4,96 – 0,09.32) t =0,06 Bảo toàn KL: m = 8,44 ; 44x + 18 y = 4,96 (I) Bảo toàn O: 4t + 0,09.2 = 3t + 2x + y → 2x + y = 0,24 (II) Từ ( I) (II) ta có : x =0,08 ; y = 0,08 Dựa vào tỷ lệ C :H trong muối ta xác định muối thu được HCOONa 0,1 mol CH3COONa 0,02 mol a + Ở sơ đồ trên ta dễ xác định được 2 ancol là CH3OH và C2H5OH Vì trong X có 2 este có cùng số C nên dễ xác định được các este ( thuật ngữ phân tử khối nhỏ nhất ) HCOOCH3 b HCOOC2H5 c CH3COOCH3 % HCOOCH3 = 4,8 7,76 a + b + c = 0,12 a + b = 0,1 60a + 74b + 74c = 7,76 . 100%= 61,86 % a =0,08 b = 0,02 c= 0,02 Chọn D HD G mancol = 5,12 + 2t Câu 79(Mã đề 202-2019):Hỗn hợp X gồm ba este mạch hở đều tạo bởi axit cacboxylic với ancol trong đó hai este có cùng số nguyên tử cacbon trong phân tử .Xà phòng hóa hoàn toàn 9,16 gam X bằng+Na dung dịch NaOH vừa đủ thu được hỗn ROH 2 hợp Y gồm hai ancol đơn chức kế tiếp trong dãy H đồng đẳng và hỗn hợp Z gồm hai 2t mol 2t COO muối.Cho toàn bộ YNaOH vào bình đựng kim loại Na dư , sau phản ứng có khí H 2 thoát ra C bình tăng 5,12 gam . Đốt cháy hoàn toàn Z cần vừa đủ 0,12 mol O và khối lượng 2 2t mol Na CO t mol 2 3lượng của este COONa thu được H Na2CO3 và 6,2 gam hỗn2thợp CO2 và H O22O.Phần trăm khối 0,12 mol có phân tửXkhối lớn nhất trong X0,04 là C A. 19,21%. B. 13,100,2%.H C. 38,43 %. x CO2 D. 80,79 9,16 gam %. 6,2 gam m gam Bao toàn C y H2O Áp dụng ĐLBT KL : 9,16 + 2t. 40 = (5,12 + 2t) + (106t + 6,2 – 0,12.32) → t =0,06 Bảo toàn KL: m = 8,72 ; 44x + 18 y = 6,2 (I) Bảo toàn O: 4t + 0,12.2 = 3t + 2x + y → 2x + y = 0,3 (II) Từ ( I) (II) ta có : x =0,1 ; y = 0,1 Dựa vào tỷ lệ C :H trong muối ta xác định muối thu được HCOONa 0,08 mol CH3COONa 0,04 mol + Ở sơ đồ trên ta dễ xác định được 2 ancol là CH3OH và C2H5OH Vì trong X có 2 este có cùng số C nên dễ xác định được các este ( thuật ngữ phân tử khối lớn nhất ) a CH 3COOC 2H 5 b HCOOC 2H 5 c CH 3COOCH 3 % CH 3COOC 2H 5 = a + b + c = 0,12 a + c = 0,04 88a + 74b + 74c = 9,16 1,76 9,16 Chọn . 100% = 19,21 % A a =0,02 b = 0,08 c= 0,02 HD G Câu 68(Mã đề 202-2019):Đốt cháy hoàn toàn 25,74 gam triglixerit X, thu được CO2 + O C O t ( k - 1 ) + 1 ,5 3 và 1,53 mol H2O. Cho 25,74 gam X2 tác dụng với dung2dịch NaOH vừa đủ , thu được C nH 2n + 2 - 2kO 6 glixerol vào m t m l gam muối .Mặt khác 25,74 gam X tác dụng được tối đa với 0,06 mol Br2 trong2dung .Giá trị của m là H 2 O 1 ,5 3 m o l ( 2 7 ,5 4 g a m ) 5 , 7 4dịch gam A. 27,72. B. 26,58. C.27,42. D. 24,18. B r2 0 ,0 6 N aO H 3t C M uoi m gam T a dê có: nC O n O 2 2 = t ( k - 1 ) + 1 ,5 3 = 2 ,2 9 5 + k t - 4 t 3 H 8 O 3 t + Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng đốt cháy: 25,74 + 32(2,295 + kt – 4t) = 27,54 + 44(1,53 + kt – t) → 12 kt + 84 t = 4,32 (I) + Áp dụng BT liên kết pi tự do : (k-3).t = 0,06 → kt – 3t = 0,06 Từ (I)(II) ta có k = 5 ; t = 0,03 + Áp đụng ĐLBTKL cho phản ứng xà phòng hóa : 25,74 + 40.3t = m + 92.t → m = 26,58 Chọn B (II) HD G Câu 72(Mã đề 203-2019):Đốt cháy hoàn toàn m gam triglixerit X cần vừa đủ 3,08 mol O2 thu được + CO O 2 2 và 2 mol HC2O. O 2Cho m t ( kgam - 1X ) +tác 2 3 ,0 8 m o l C n H O 2 n + 2 2 k 6 dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và 35,36 gam t m ol muối .Mặt khác m gam X tác dụng được tốiHđaOvới a mol Br2 trong 2 2 m ol ( 36 gam ) m gam dung dịch .Giá trị của a là B r2 a m oC.0,12. l A. 0,2. B. 0,24. D. 0,16. N aO H 3t C M uoi 3 5 ,3 6 g a m T a dê có: n C O n O 2 2 = t (k - 1 ) + 2 = 3 ,0 8 = 3 + k t - 4 t (I) 3 H 8 O 3 t + Áp đụng ĐLBTKL cho phản ứng xà phòng hóa : m + 40.3t = 35,36 + 92.t → m = 35,36 – 28t + Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng đốt cháy: m + 32.3,08 = 36 + 44(2 + kt – t) → 44 kt - 16 t = 9,92 (II) + Từ (I)(II) ta có : k =6 ; t = 0,04 + Áp dụng BT liên kết pi tự do : (k-3).t = a → a = 0,12 Chọn C HD G Câu 65(Mã đề 204-2019):Đốt toàn + O 2cháy hoàn C O 2 m1 , 6gam 5 m triglixerit o l ( 7 2 , 6 gX a mcần ) 2 , 3 1HmO o lvà 1,65 mol CO . Cho m gam X tác vừa Cđủn H2,31 O 26 thu được 2 n + mol 2 - 2kO 2 2 t m ol dụng với dung dịch NaOH vừa đủ , thu được glixerol và 26,52 gam muối H 2 O t( 1 - k ) + 1 ,6 5 m gam .Mặt khác m gam X tác dụng được tối đa với a mol Br2 trong dung dịch B r2 .Giá trị của a là a m ol A. 0,09. B. 0,12. C.0,15. D. 0,18. N aO H 3t C 3H 8O M uoi 2 6 ,5 2 g a m T a d ê c ó : n H 2 O = t ( 1 - k ) + 1 ,6 5 n O = 2 ,3 1 = 2 ,4 7 5 - 0 ,5 k t - 2 ,5 t 2 k t + 5 t = 0 ,3 3 ( I) 3 t + Áp đụng ĐLBTKL cho phản ứng xà phòng hóa : m + 40.3t = 26,52 + 92.t → m = 26,52 – 28t + Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng đốt cháy: m + 32.2,31 = 72,6 + 18(1,65 + t – kt) → 18kt - 46t = 1,86 (II) + Từ (I)(II) ta có : k =6 ; t = 0,03 + Áp dụng BT liên kết pi tự do : (k-3).t = a → a = 0,09 Chọn A HD + O2 G C O 2 1 ,1 m o l (4 8 ,4 g a m ) n H 2 n + đề 2 - 207-2019):Đốt 2kO 6 CâuC67(Mã cháy hoàn toàn 17,16 gam triglixerit X, t m ol thu được H2O và 1,1 mol CO2. Cho 17,16 gam X tác dụng với dung t(1 - k ) + 1 ,1 2O 1 7 ,1 6vừa g a mđủ , thu được glixerol vàHm dịch NaOH gam muối .Mặt khác 17,16 B r 2mol Br2 trong dung dịch .Giá trị gam X tác dụng được tối đa với 0,04 0 ,0 4 của m là A. 16,12. B. 18,48. C.18,28. D. 17,72. N aO H 3t C 3H 8O 3 M uoi m gam T a d ê c ó : n H 2 O = t (1 - k ) + 1 ,1 n O2 = 1 ,6 5 - 2 ,5 t - 0 ,5 k t t + Áp dụng ĐLBTKL cho phản ứng đốt cháy: 17,16 + 32(1,65 -0,5 kt – 2,5t) = 48,4 + 18(1,1 + t – kt) → 2 kt - 98 t = - 1,76 (I) + Áp dụng BT liên kết pi tự do : (k-3).t = 0,04 → kt – 3t = 0,04 (II) Từ (I)(II) ta có k = 5 ; t = 0,02 + Áp đụng ĐLBTKL cho phản ứng xà phòng hóa : 17,16 + 40.3t = m + 92.t → m = 17,72 Chọn D