Đăng ký Đăng nhập
Trang chủ Giáo dục - Đào tạo Trung học phổ thông [HAY] phương pháp tọa độ trong không gian -tự luận và trắc nghiệm có đáp án chi ...

Tài liệu [HAY] phương pháp tọa độ trong không gian -tự luận và trắc nghiệm có đáp án chi tiết (HS có thể tự học)

.PDF
223
852
139

Mô tả:

TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Lời nói đầu Chào các Em học sinh thân mến! Bắt đầu từ năm 2017, kỳ thi THPT Quốc gia sẽ áp dụng hình thức trắc nghiệm đối với môn Toán. Đó là một điều mới mẻ đối với tất cả các em cũng như các Thầy giáo, Cô giáo. Khi biết thông tin về sự đổi mới này, bản thân các em học sinh rất bối rối vì bị bất ngờ bởi các em ít được tiếp xúc với hình thức trắc nghiệm môn Toán từ trước đến nay. Chính vì vậy các Thầy giáo, Cô giáo đã không quản vất vả mang đến cho các em nguồn học liệu tốt nhất, cô đọng nhất để các em được rèn luyện trước kỳ thi sắp tới! Các Thầy, Cô xin gửi tới các em cuốn: “PHƯƠNG PHÁP TỌA ĐỘ TRONG KHÔNG GIAN”. Nội dung cuốn tài liệu bám sát nội dung kiến thức trong cấu trúc ĐỀ MINH HỌA của Bộ GD&ĐT và SGK Hình học 12 Cơ bản. Tài liệu được chia thành 5 phần: Phần 1. HỆ TỌA ĐỘ TRONG KHÔNG GIAN. Phần 2. PHƯƠNG TRÌNH MẶT PHẲNG TRONG KHÔNG GIAN. Phần 3. PHƯƠNG TRÌNH ĐƯỜNG THẲNG TRONG KHÔNG GIAN. Phần 4. BÀI TẬP ÔN TẬP CHƯƠNG. Phần 5. GIẢI TOÁN HÌNH KG BẰNG PP TỌA ĐỘ. Thầy hy vọng rằng cuốn tài liệu sẽ giúp các em chuẩn bị thật tốt cho kỳ thi THPT Quốc gia. Cuối cùng xin chúc các em đạt điểm cao trong kỳ thi sắp tới! Mặc dù đã hết sức cố gắng và tâm huyết để có tập tài liệu này, song trong quá trình biên soạn chắc chắn không tránh khỏi sai sót nhất định. Rất mong sự thông cảm của bạn đọc gần xa góp ý để chúng tôi có những sửa chữa kịp thời và hoàn thiện tài liệu theo email [email protected] ! Trong cuốn tài liệu có sử dụng tư liệu của nhiều tác giả. Nhưng do tài liệu được phát hành với mục đích phi lợi nhuận nên kính mong các thầy cô lượng thứ! Nhóm tác giả: 1. Thầy Nguyễn Quốc Thịnh – THPT Trần Tất Văn, An Lão, Hải Phòng. 2. Thầy Lê Văn Định – TT GDNN GDTX Thanh Oai, Hà Nội. 3. Thầy Nguyễn Đăng Tuấn – TT GDNN GDTX Phú Lộc, Thừa Thiên Huế. 4. Thầy Đoàn Trúc Danh – Tân An, Long An. 5. Thầy Đặng Công Vinh Bửu – THPT Nguyễn Hữu Cầu, TP Hồ Chí Minh. 6. Thầy Ngô Nguyễn Anh Vũ – Đà Nẵng. 7. Thầy Trần Bá Hải – THPT Quỳ Hợp 1, Nghệ An. 8. Thầy Lưu Chí Tài – THPT Marie Curie, Hải Phòng. 9. Cô Nguyễn Thảo Nguyên. 10. Thầy Nguyễn Hoàng Kim Sang – THPT Thanh Bình, Tân Phú, Đồng Nai. 11. Cô Nguyễn Ngân Lam – THPT Trần Hưng Đạo, Hải Phòng. Mùa xuân, tháng 1 năm 2017. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 1 Chương III: PHƯƠNG PHÁP TỌA ĐỘ TRONG KHÔNG GIAN PHẦN 1: HỆ TỌA ĐỘ TRONG KHÔNG GIAN A. TÓM TẮT LÝ THUYẾT 1. HỆ TỌA ĐỘ TRONG KHÔNG GIAN: Hệ trục tọa độ Đề-các vuông góc trong không gian gồm ba trục x ' Ox, y ' Oy , z ' Oz vuông góc với nhau từng đôi một. Gọi i , j , k lần lượt là các véctơ đơn vị trên các trục x ' Ox, y ' Oy, z ' Oz. Điểm O được gọi là gốc tọa độ. Các mặt phẳng (Oxy ), (Oyz ), (Oxz ) đôi một vuông góc với nhau được gọi là các mặt phẳng tọa độ. Không gian gắn với hệ tọa độ Oxyz được gọi là không gian Oxyz. 2. TỌA ĐỘ CỦA MỘT ĐIỂM: Trong không gian Oxyz cho một điểm M tùy ý. Khi đó ta có OM  xi  yj  zk và gọi bộ ba số ( x; y; z ) là tọa độ của điểm M đối với hệ trục tọa độ Oxyz đã cho. Như vậy tương ứng với 1 – 1 giữa mỗi điểm M trong không gian với bộ ba số ( x; y; z ) gọi là tọa độ của điểm M đối với hệ tọa độ Oxyz cho trướC. Ta viết: M  ( x; y; z ) hoặc M ( x; y; z ). 3. III. TỌA ĐỘ CỦA MỘT VÉCTƠ: Trong không gian Oxyz cho véctơ a với a  a1i  a2 j  a3k . Khi đó bộ ba số (a1; a2 ; a3 ) được gọi là tọa độ của véctơ a đối với hệ tọa độ Oxyz cho trướC. Ta viết: a  (a1 ; a2 ; a3 ) hoặc a (a1; a2 ; a3 ). 4. IV. BIỂU THỨC TỌA ĐỘ CỦA CÁC PHÉP TOÁN VÉCTƠ: Trong không gian Oxyz, cho hai véctơ a  (a1; a2 ; a3 ), b  (b1; b2 ; b3 ) và một số thực k . Khi đó ta có: a  b  (a1  b1 ; a2  b2 ; a3  b3 ) a  b  (a1  b1 ; a2  b2 ; a3  b3 ) ka  (ka1 ; ka2 ; ka3 ) Chú ý. a1  b1  1. a  b  a2  b2 . a  b 3  3 2. 0  (0;0;0). SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 2 3. a và b (  0) cùng phương  có một số thực k sao cho  a1  kb1   a2  kb2  a  kb 3  3 b1  ka1  b2  ka2 b  ka 3  3 hay 4. Nếu A  (a1; a2 ; a3 ), B  (b1; b2 ; b3 ) thì AB  (b1  a1; b2  a2 ; b3  a3 ). 5. V. BIỂU THỨC TỌA ĐỘ CỦA TÍCH VÔ HƯỚNG VÀ CÁC ỨNG DỤNG: 1. Trong không gian Oxyz cho hai véctơ a  (a1; a2 ; a3 ), b  (b1; b2 ; b3 ). Ta có a.b  a1b1  a2b2  a3b3 . 2. Độ dài của một véctơ: Cho véctơ a  (a1 ; a2 ; a3 ), ta có a  a.a  a12  a22  a32 . 3. Khoảng cách giữa hai điểm A  ( xA ; y A ; z A ) và B  ( xB ; yB ; z B ) là AB  ( xB  xA )2  ( yB  y A )2  ( zB  z A ) 2 . 4. Gọi  là góc giữa hai véctơ a  (a1; a2 ; a3 ) và b  (b1; b2 ; b3 ).   Ta có: cos   cos a, b  a.b  a .b a1b1  a2b2  a3b3 a a a . b b b 2 1 2 2 2 3 2 1 2 2 2 3 và a  b  a1b1  a2b2  a3b3  0. 6. VI. PHƯƠNG TRÌNH MẶT CẦU: Trong không gian Oxyz mặt cầu tâm I  (a; b; c) bán kính R có phương trình là: (x a) 2 ( y b) 2 (z c) 2 R 2 hoặc x 2 Ngược lại, phương trình x 2 y2 z2 y2 2 Ax z2 2ax 2 By 2Cz phương trình của mặt cầu tâm I  ( A; B; C ) và có bán kính R b2 c2 R2. D 0 với A2 B2 C2 A2 B2 2by a2 2cz C2 D 0 là D. B. PHƯƠNG PHÁP GIẢI TOÁN Dạng 1. Tìm tọa độ của một điểm, một véctơ và các yếu tố liên quan đến véctơ thỏa mãn một số điều kiện cho trước, tọa độ các điểm đặc biệt của tam giác, tứ diện. Phương pháp giải Sử dụng định nghĩa có liên quan đến véctơ: tọa độ véctơ, độ dài véctơ, biết phân tích một véctơ theo ba véctơ không đồng phẳng, biết tính tổng, hiệu, tích véctơ với một số, biết tính các tọa độ trọng tâm của một tam giác, trung điểm đoạn thẳng … Một số công thức cần nhớ: Xét tam giác ABC ta có các điểm đặc biệt sau: SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 3 xA  xB  xC  x  G  3  y  yB  yC 1  G là trọng tâm của ABC  OG  OA  OB  OC   yG  A 3 3  z A  zB  zC   zG  3     AH  BC  H là trực tâm của ABC   BH  AC   AH, AB, AC ®ång ph¼ng   AA '  BC A ' là chân đường cao hạ từ đỉnh A của ABC     BA '  k BC AB . DC AC AB EC E là chân đường phân giác ngoài của góc A của ABC  EB  AC Xét tứ diện ABCD ta có các điểm đặc biệt sau: D là chân đường phân giác trong của góc A của ABC  DB   xA  xB  xC  xD   xG  4  y  yB  yC  yD  G là trọng tâm tứ diện ABCD   yG  A 4  z A  zB  zC  zD   zG  4   AH  BD  H là hình chiếu vuông góc của A trên  BCD    AH  BC   BH, BC, BD ®ång ph¼ng. VD 1. Trong không gian Oxyz cho a  6i  8 j  4k . Tọa độ của a là A.  6;8;4  .. B.  6;8;4  .. C.  3;4;2  .. D.  3;4;2  . Hướng dẫn giải Theo định nghĩa a  6i  8 j  4k nên tọa độ của a   6;8;4  Chọn đáp án A. VD 2. Trong không gian Oxyz cho véctơ a   5;7; 2  . Tọa độ của véctơ đối của véctơ a là A.  5;7;2  .. B.  5; 7; 2 .. C.  2;7;5 .. D.  2; 7; 5 . Hướng dẫn giải Véctơ a   5;7; 2  có véctơ đối là a    5;7; 2    5; 7; 2  . Chọn đáp án B. VD 3. Trong không gian Oxyz cho hai điểm A  5;7; 2 , B  3;0; 4 . Tọa độ của véctơ AB là A. AB   2; 7; 2  .. B. AB   2;7; 2  .. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM C. AB   8;7;6  .. D. AB   2;7; 2  . TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 4 Hướng dẫn giải Tọa độ véctơ AB   3  5;0  7; 4  2    2; 7; 2  Chọn đáp án A. VD 4. Trong không gian Oxyz cho ba véctơ a   5;7; 2  , b   3;0; 4  , c   6;1; 1 . Tọa độ của véctơ: m  3a  2b  c là. A.  3; 22; 3 . B.  3;22;3 . C.  3; 22; 3 . D.  3; 22;3 . Hướng dẫn giải 3a  3  5;7; 2   15; 21;6   Ta có 2b  2  3;0; 4    6;0; 8   c   6;1; 1 Vậy m  3a  2b  c  15  6  6; 21  0  1;6  8  1   3; 22; 3 . Chọn đáp án A. VD 5. Trong không gian Oxyz cho tam giác ABC với A 1;0; 2  , B  2;1; 1 , C 1; 2; 2  . Tọa độ trọng tâm G của tam giác là 4 1 1  4 1 1 A. G  ; ;  . B. G  ;  ;   .  3 3 3  3 3 3 VD 6.  1 1 4 C. G   ;  ;  .  3 3 3 D. G  4; 1; 1 . Hướng dẫn giải Áp dụng công thức xác định tọa độ trọng tâm tam giác ta có tọa độ trọng tâm G cần tìm là  1  2  1 0  1  2 2  1  2   4 1 1  G ; ;    ; ;  , 3 3  3   3 3 3 Chọn đáp án B. Trong không gian Oxyz cho tam giác ABC với A 1;0; 2  , B  2;1; 1 , C 1; 2; 2  . Xác định tọa độ điểm D đề ABCD là hình bình hành. A. D  0; 3;1 . B. D  0;3;1 . C. D  3;0;1 . D. D  0; 3; 1 . Hướng dẫn giải Để ABCD là hình bình hành thì AB  DC 1  1  x x  0   Ta có AB  1;1;1 , gọi D  x; y; z   DC  1  x; 2  y; 2  z   1  2  y   y  3 1  2  z z  1   Chọn đáp án A. Dạng 2. Tích vô hướng và các ứng dụng của tích vô hướng. Phương pháp giải: Sử dụng định nghĩa tích vô hướng và biểu thức tọa độ của tích vô hướng của hai véctơ. Sử dụng các công thức tính khoảng cách SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 5 Trong không gian Oxyz cho 2 véctơ a   5;7; 2  , b  1;3; 4  , tích vô hướng của a và b có giá VD 1. trị bằng A. 18 .. B. 34 .. C. 14 .. D. 0 . Hướng dẫn giải Áp dụng công thức tích vô hướng của hai véctơ ta có a.b  5.1  7.3  2.  4   5  21  8  18 Chọn đáp án A. Trong không gian Oxyz cho ba điểm A  1; 2;3 , B  0;3;1 , C  4; 2; 2 Tính cos BAC bằng VD 2. A. 9 .. 2 B. 9 .. 2 35 C. 9 .. 35 D. 9 . 2 35 Hướng dẫn giải Ta có AB  1;5; 2  , AC   5; 4; 1   cos BAC  cos AB, AC  AB. AC  ...  AB . AC 9 Chọn đáp án C. 2 35 Trong không gian Oxyz cho tam giác ABC với A  1; 2;3 , B  0;3;1 , C  4;2;2  . Có M , N lần VD 3. lượt là trung điểm các cạnh AB, AC . Độ dại đường trung bình MN bằng A. 21 . 4 B. 9 . 2 C. 2 2 . 2 D. 3 2 2 Hướng dẫn giải 1 1 3 5   1 1  Ta có tọa độ M   ; ; 2  , N  ; 0;   MN   2;  ;  2 2 2 2   2 2  2 2 9 3 2  1 1 Vậy độ dại đường trung bình MN  2          2  2 2 Chọn đáp án D. 2 Dạng 3. Lập phương trình mặt cầu biết tâm và bán kính của mặt cầu đó Phương pháp giải:  Phương trình mặt cầu tâm I (a; b; c) , bán kính R có dạng: (x  ( y b) 2 (z c) 2 R2 Dạng khai triển của phương trình mặt cầu: x2 VD 1. a) 2 y2 z2 2ax 2by 2cz d 0 , với R a2 b2 c2 d , a2 b2 Trong không gian Oxyz, phương trình mặt cầu tâm I (5; 3; 7) và có bán kính R A. ( x C. ( x 5) 2 5) 2 ( y 3) 2 ( y 3) 2 (z (z 7) 2 7) 2 4 .. B. ( x 5) 2 .. 2 D. ( x 5) Hướng dẫn giải Chọn D. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM 2 (y (y 3) 2 3) 2 (z (z 7) c2 2 là 2 2. 2 4. 7) d 0 TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 6 Trong không gian Oxyz, phương trình mặt cầu đi qua điểm M (5; 2;1) và có tâm I (3; 3;1) là VD 2. A. ( x 3) 2 C. ( x 3) 2 (y 3)2 ( z 1) 2 ( y 3)2 B. ( x 3)2 5 .. ( z 1)2 5 .. 3)2 D. ( x 3)2 ( z 1)2 ( y 3)2 ( z 1)2 (y 5. 5. Hướng dẫn giải (2;1;0). Do đó R Ta có IM 22 IM 12 02 5. Chọn A. VD 3. Trong không gian Oxyz, phương trình mặt cầu đường kính AB với A(4; 3; 7), B (2;1;3) là A. ( x 3)2 ( y 1)2 2 2 C. ( x 3) ( y 1) (z 5)2 (z 2 5) 3 .. B. ( x 3)2 ( y 1)2 9 .. 2 2 D. ( x 3) ( y 1) (z 5)2 9. (z 2 3. 5) Hướng dẫn giải Tâm của mặt cầu là trung điểm I của đoạn AB , I (3; 1;5) AB ( 2; 4; 4) Chọn B. AB 6 R 3 Dạng 4. Cho biết phương trình mặt cầu, hãy xác định tâm và bán kính của mặt cầu đó Phương pháp giải:  Biến đổi phương trình mặt cầu về dạng ( x a)2 ( y b) 2 (z R 2 . Khi đó mặt cầu c) 2 có tâm I (a; b; c) , bán kính R .  Dạng khai triển của phương trình mặt cầu: x 2 a2 mặt cầu có tâm I (a; b; c) , bán kính R VD 1. y2 b2 z2 c2 Trong không gian Oxyz, cho phương trình mặt cầu 3x 2 2ax 2by 2cz d với a 2 b2 3y2 6 x 3 y 15 z 3z 2 c2 Tâm và bán kính của mặt cầu đó là A. Tâm I 1; 1 5 ; và bán kính R 2 2 7 6 . 6 1 5 B. Tâm I 1; ; và bán kính R 2 2 49 . 6 1 5 C. Tâm I 1; ; và bán kính R 2 2 7 6 . 6 D. Tâm I 1; 1 5 ; và bán kính R 2 2 49 . 6 Hướng dẫn giải Phương trình mặt cầu đã cho có thể viết dưới dạng: x2 y2 z2 2x y 5z 2 3 0 ( x 1)2 Chọn C. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM y 1 2 0 . Khi đó d 2 z 5 2 2 49 . 6 d 0 2 0. TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 7 C. BÀI TẬP CÓ GIẢI DẠNG ĐIỀN KHUYẾT Các câu hỏi trong phần này đều lấy trong không gian Oxyz Câu 1. Cho điểm A  x A ; yA ; zA  , B  x B ; yB ; zB  , tọa độ véctơ AB  .............. Câu 2. Cho hai điểm A, B phân biệt, M là trung điểm AB . Tọa độ điểm M  ...;...;... Câu 3. Cho tam giác ABC, G là trọng tâm tam giáC. Khi đó tọa độ G  ...;...;...  Câu 4. Cho hai véctơ u   u1 ; u2 ; u3  , v   v1 ; v2 ; v3  , điều kiện để hai véctơ cùng phương là … một số thực k sao cho u  kv Câu 5. Cho véctơ a  mi  n j  pk khi đó tọa độ của a  ...;...;...  Câu 6. Hai véctơ vuông góc với nhau khi và chỉ khi … của chúng bằng 0 Câu 7. Trong không gian một mặt cầu luôn được xác định khi biết hai yếu tố: … mặt cầu và bán kính của nó. Câu 8. Cho mặt cầu  S  tâm I  a; b; c  bán kính R , điểm M  x; y; z  nằm trong mặt cầu khi và chỉ .....  .....  ..... .....R Cho mặt cầu  S  tâm I  a; b; c  bán kính 2 khi: IM...... R  Câu 9. 2 2 .....  .....  ..... ......R Câu 10. Cho mặt cầu  S  tâm I  a; b; c  bán kính IM......  2 khi: IM...... R  2 2 .....   .....   .....  2 R , điểm M  x; y; z  nằm trên mặt cầu khi và chỉ khi: 2 2 R , điểm M  x; y; z  nằm ngoài mặt cầu khi và chỉ ...... R Câu 11. Câu 12. Mặt cầu có đường kính là AB thì có bán kính là…………………. AB Đáp án: R  2 Câu 13. Tâm của mặt cầu đi qua hai điểm A và B nằm trên………………….. Đáp án: mặt phẳng trung trực của đoạn AB Câu 14. Mặt cầu tâm I tiếp xúc với mặt phẳng ( P) có bán kính là…………….. Đáp án: R  d ( I ,( P)) Câu 15. Mặt cầu tâm I tiếp xúc với đường thẳng d có bán kính là…………….. Đáp án: R  d ( I , d ) Câu 16. Mặt cầu có tâm I (a, b, c)  Ox thì…….. Đáp án: b  c  0 Câu 17. Mặt cầu có tâm I (a, b, c)  (Oxy) thì…….. Đáp án: c  0 SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 8 DẠNG TRẮC NGHIỆM KHÁCH QUAN Dạng 1: Tìm tọa độ của một điểm, một véctơ và các yếu tố liên quan đến véctơ thỏa mãn một số điều kiện cho trước, tọa độ các điểm đặc biệt của tam giác, tứ diện. Câu 1. 1 Cho ba véctơ a   2; 5;3 , b   0; 2; 1 , c  1;7; 2  tọa độ véctơ d  4a  b  3c là 3 1 1 1 1  1   1 A. d   11; ;18  .. B. d  11;1;18  .. C. d  11;  ;18  .. D. d  11; ; 18  . 3 3 3 3  3   3 Hướng dẫn giải Ta có 1 2 1 1 1   1 4a   8; 20;12  ,  b   0;  ;  ,3c   3; 21;6   d  4a  b  3c  11; ;18  3 3 3 3 3   3 Đáp án A. Câu 2. Cho ba véctơ a   2; 5;3 , b   0; 2; 1 , c  1;7; 2  tọa độ véctơ d  a  4b  2c là A. d   0; 27;3 .. B. d   0; 27;3 .. C. d   0; 27; 3 .. D. d   0; 2;3 . Hướng dẫn giải Ta có a   2; 5;3 , 4b   0; 8; 4  , 2c   2; 14; 4   d  a  4b  2c   0; 27;3  Đáp án A. Câu 3. Cho ba véctơ a   2; 1; 2  , b   3;0;1 , c   4;1; 1 tọa độ véctơ d  3a  2b  c là A. d   4; 2;3 .. B. d   4; 2;3 .. C. d   4; 2;3 .. D. d   4; 2;3 . Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án B. Câu 4. Cho ba véctơ a   2; 1; 2  , b   3;0;1 , c   4;1; 1 tọa độ véctơ d  2a  b  4c là A. d   9; 2; 1 .. B. d   9; 2; 1 .. C. d   9; 2;1 .. D. d   9; 2;1 . Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án C. Câu 5. Cho ba véctơ a  1; 2;3 , b   2; 2; 1 , c   4;0; 4  tọa độ véctơ d  a  b là A. d  1;0; 4  .. B. d   1;0; 4  .. C. d   0;1; 4  .. D. d   1;0; 4  . Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án D. Câu 6. Cho ba véctơ a  1; 2;3 , b   2; 2; 1 , c   4;0; 4  tọa độ véctơ d  a  b  2c là A. d   7;0; 4  .. B. d   7;0; 4  .. C. d   7;0; 4  .. Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án C. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM D. d   7;0; 4  . TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Câu 7. Trang | 9 Cho ba véctơ a  1; 2;3 , b   2; 2; 1 , c   4;0; 4  tọa độ véctơ d  2a  4b  c là A. d   6;12; 6  .. B. d   6;12;6  .. C. d   6;12;6  .. D. d  1; 2;1 . Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án C. Câu 8. 1 Cho ba véctơ a   2; 5;3 , b   0; 2; 1 , c  1;7; 2  tọa độ véctơ d  5a  3b  c là 2  19 69  A. d  19; 69;17  . . B. d   ;  ;17  . 2  2   19 69  C. d   ; ;17  .  2 2   19 69  D. d   ;  ; 17  . 2  2  . Hướng dẫn giải Tương tự câu 1, 2 Đáp án B. Câu 9. Cho ba véctơ a  1; 2;3 , c   4;0; 4  tọa độ véctơ d thỏa mãn 2d  3a  c là 7 5 A. d   ;3;  .. 2 2 5 7 B. d   ; 3;  .. 2 2 C. d   7;3;5  .. 5 7 D. d   ;3;   . 2 2 Hướng dẫn giải 3 1 9 3  7 5 2d  3a  c  d  a  c    2;3;  2    ;3;  2 2 2 2  2 2 Đáp án A. Câu 10. Cho ba véctơ a  1; 2;3 , b   2; 2; 1 , c   4;0; 4  tọa độ véctơ d thỏa mãn 2a  b  c  3d  0 là A. d   0; 2; 3 .. B. d   0; 2; 3 .. C. d   0; 2;3 .. D. d   0; 2;3 . Hướng dẫn giải 2 1 1 2a  b  c  3d  0  d   a  b  c   0; 2; 3 3 3 3 Đáp án A. Câu 11. Cho ba điểm A  1; 1;1 , B   0;1;2  , C  1;0;1 tọa độ trọng tâm G của tam giác ABC là 2 4 A. G   ;0;  .. 3 3 2 4  B. G   ; ;0  .. 3 3  4 2 C. G   ;0;   .. 3 3 Hướng dẫn giải Đáp án A. 1 2   x G  3  x A  x B  xC   3  1  Tọa độ trọng tâm G của tam giác ABC là:  yG   y A  yB  yC   0 3  1 4   zG  3  z A  zB  zC   3  SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM  2 4 D. G    ;0;  .  3 3 TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 10 Câu 12. Cho véctơ u   3; 2; 5  trong các véctơ sau véctơ nào cùng phương với u A. a   6; 4;10  .. Để u  u1 ; u2 ; u3   4 10  B. b   2; ;   .. 3  3 C. c   6; 4;10  .. D. d  1; 4; 2  . Hướng dẫn giải u u u cùng phương với v  v1 ; v2 ; v3  thì 1  2  3 v1 v2 v3 Thỏa mãn điều kiện Đáp án B Câu 13. Trong không gian Oxyz cho tứ diện ABCD biết A 1;0;2  B  2;1;3 , C  3;2;4  , D 6;9; 5 . Tọa độ trọng tâm G của tứ diện ABCD là. A. G  2; 3; 1 .. B. G  2; 3;1 .. C. G  2;3;1 .. D. G  2;3; 1 . Hướng dẫn giải 1   x G  4  x A  x B  x C  xO   2  1  Trọng tâm tứ diện ABCD là:  yG   yA  yB  yC  yO   3 4  1   zG  4  z A  zB  zC  zO   1  Đáp án C. Câu 14. Cho hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D' biết A 1;0;1 , B  2;1;2  , D 1; 1;1 , C '  4;5; 5 . Xác định tọa độ đỉnh C của hình hộp. A. C  2;2;0  . B. C  2;0;2  . C. C  0;2;2  . D. C  2;0; 2  . Câu 15. Cho hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D' biết A 1;0;1 , B  2;1;2  , D 1; 1;1 , C '  4;5; 5 . Xác định tọa độ đỉnh B ' của hình hộp A. B '  6;5; 4  . B. B '  4;5; 6  . C. B '  4; 6; 5 . D. B '  4;6; 5 . Câu 16. Cho hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D' biết A 1;0;1 , B  2;1;2  , D 1; 1;1 , C '  4;5; 5 . Xác định tọa độ đỉnh A ' của hình hộp. A. A '  3;5; 6  . B. A '  3; 5; 6  . C. A '  3;5; 6  . D. A '  3; 5; 6  . Câu 17. Cho hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D' biết A 1;0;1 , B  2;1;2  , D 1; 1;1 , C '  4;5; 5 . Xác định tọa độ đỉnh D ' của hình hộp. A. D '  3; 4; 6  . B. D '  3;4; 6  . C. D '  3;4; 6  . Hướng dẫn giải Câu 14 – 17 Hình hộp ABCD. A ' B ' C ' D' Gọi C  xC ; yC ; zC  ta có AD  BC AD   0; 1;0  , BC   xC  2; yC  1; zC  2   xC  2  0  xC  2   AD  BC   yC  1  1   yC  0 z  2  0 z  2  C  C SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM D. D '  3;4;6  . TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 11 Vậy C  2;0;2  Câu 14 đáp án B. Gọi B '  x B ' ; yB ' ; zB '  ta có CB  C ' B ' CB   0;1;0  , C ' B '   x B '  4; yB '  5; zB '  5  xB'  4  0  xB'  4   CB  C ' B '   yB '  5  1   yB '  6 z  5  0  z  5  B'  B' Vậy B '  4;6; 5  Câu 15 đáp án D. Gọi A '  x A' ; yA' ; zA'  ta có BA  B ' A ' BA   1; 1; 1 , B ' A '   x A '  4; y A '  6; z A '  5  x A '  4  1  x B '  3   BA  B ' A '   y A '  6  1   yB '  5  z  5  1  z  6  A'  B' Vậy A ' 3;5; 6  Câu 16 đáp án A. Gọi D '  x D' ; yD' ; zD'  ta có CD  C ' D ' CD   1; 1; 1 , C ' D '   x B '  4; yB '  5; z B '  5  x D '  4  1  x B '  3   CB  C ' D '   yD '  5  1   yB '  4  z  5  1  z  6  D'  B' Vậy D ' 3;4; 6  Câu 17 đáp án C Câu 18. Cho hai bộ ba điểm  I  : A 1;3;1 , B 0;1;2  , C 0;0;1 và  II  : M 1;1;1 , N  4;3;1 , P  9;5;1 Kết luận nào sau đây là đúng? A. Bộ ba điểm  I  thẳng hàng.. B. Bộ ba điểm  II  thẳng hàng. C. Cả hai bộ ba điểm đều thẳng hàng.. D. Cả hai bộ ba điểm đều không thẳng hàng. Hướng dẫn giải Ta có AB   1; 2;1 , AC   1; 3;0  không cùng phương nên  I  không thẳng hàng Ta có MN   5;2;0  ; MP   10;4;0   2 MN nên MN, MP cùng phương hay  II  thẳng hàng Đáp án B. Dạng 2. Tích vô hướng và các ứng dụng của tích vô hướng. Câu 19. Trong không gian Oxyz cho a   3;0; 6  , b   2; 4;0  , xác định giá trị a.b A. 6 .. B. 7 .. C. 8 .. Hướng dẫn giải a   3;0; 6  , b   2; 4;0   a.b  3.2  0.  4    6  .0  6 Đáp án A. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM D. 5 . TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 12 Câu 20. Trong không gian Oxyz cho c  1; 5;2  , d   4;3; 5 , xác định giá trị c.d A. 20 . B. 21 . C. 21 . D. 19 . Hướng dẫn giải c  1; 5;2  , d   4;3; 5  c.d  1.4   5 .3  2.  5  21 Đáp án B. Câu 21. Cho điểm M thuộc mặt phẳng  Oxz  cách đều ba điểm A 1;1;1 , B  1;1;0 , C  3;1; 1 . Tọa độ điểm M là 7 5 A. M  ;0;   . 6 6 7  5 C. M   ;0;   . 6  6 5 7 B. M  ;0;  . 6 6 D.Không tồn tại M . Hướng dẫn giải M   Oxz   M  x;0; z   MA  1  x;1;1  z  ; MB   1  x;1; z  ; MC   3  x;1; 1  z  M cách đều 3 điểm A, B, C nên MA  MB  MC hay ta có hệ phương trình 5  x 1  x 2  1  1  z 2   1  x 2  1    z 2    6  ...   2 2 2 2 1  x   1  1  z    3  x   1   1  z  z   7  6 7 5 Vậy M  ;0;   Đáp án A. 6 6 Câu 22. Trong không gian Oxyz cho A  4; 1;1 , B  2;1;0  . Khoảng cách giữa hai điểm A, B là A. 3 . B. 4 . C. 5 . D. 6 . Hướng dẫn giải Ta có AB   2;2; 1  AB   2  2  2 2   1  4  4  1  9  3 2 Đáp án A. Câu 23. Trong không gian Oxyz cho A  2;3;4  , B  6;0;4  . Khoảng cách giữa hai điểm A, B là A. 3 . B. 4 . C. 5 . D. 6 . Hướng dẫn giải Ta có AB   4; 3;0   AB  4 2   3  16  9  25  5 2 Đáp án C. Câu 24. Trong không gian Oxyz cho bốn điểm A 1; 1;1 , B 1;3;1 , C  4;3;1 , D  4; 1;1 . Kết luận nào sau đây là đúng A. ABCD là một tứ diện.. C. ABCD là một hình thang.. B. ABCD là một hình bình hành. D. ABCD là một hình chữ nhật. Hướng dẫn giải Ta có AB   0;4;0  ; AD   3;0;0  ; CB   3;0;0  ; CD   0; 4;0  Ta thấy AB  AD,CB  CD ;AB CD ,AD CB Nên ABCD là một hình chữ nhật. Đáp án D. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 13 Dạng 3+4. Phương trình mặt cầu. Câu 25. Trong không gian Oxyz , cho bốn điểm A 1;0;0  , B  0;1;0  , C  0;0;1 , D 1;1;1 . Mặt cầu ngoại tiếp tứ diện ABCD có bán kính là A. 3 . 2 B. 2. C. 3. D. 3 . 4  Hướng dẫn giải Phương trình mặt cầu dưới dạng khai triển: x 2  y 2  z 2  2ax  2by  2cz  d  0  Mặt cầu qua A, B, C, D 1  a  2 2a  d  1  1 2b  d  1  b    2 2c  d  1  1 2a  2b  2c  d  3 c  2  d  0 2 2 2 3 1 1 1  Bán kính R           2 2 2 2  Chọn A. Câu 26. Cho  S  là mặt cầu tâm I  2;1; 1 và tiếp xúc với mặt phẳng   có phương trình: 2 x  2 y  z  3  0 . Bán kính của mặt cầu  S  là A. 2 . B. 2 . 3 C. 4 . 3 D. 2 9 Hướng dẫn giải  Bán kính bằng d ( I ,( ))  2  Chọn A. Câu 27. Cho bốn điểm A 1;1;1 , B 1;2;1 , C 1;1;2 , D  2;2;1 . Tâm I của mặt cầu ngoại tiếp tứ diện ABCD có tọa độ là 3 3 3 A.  ;  ;  . 2 2 2   3 3 3 B.  ; ;  . 2 2 2 C.  3;3;3 . D.  3; 3;3 Hướng dẫn giải Dùng dạng khai triển của phương trình mặt cầu 3 3 3 Giải hệ phương trình tìm tâm  ; ;  2 2 2  Chọn B. Câu 28. Bán kính của mặt cầu tâm I  3;3; 4  tiếp xúc với trục Oy bằng A. 5 . B. 4 . C. 5. Hướng dẫn giải SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM D. 5 . 2 TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 14  Hình chiếu vuông góc của I lên Oy là H (0;3;0)   Bán kính bằng IH  5 Chọn A. Câu 29. Mặt cầu tâm I  2;1; 1 tiếp xúc với mặt phẳng tọa độ (Oyz) có phương trình là: A.  x  2    y  1   z  1  4 . B.  x  2    y  1   z  1  1 . C.  x  2    y  1   z  1  4 . D.  x  2    y  1   z  1  2 . 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 2 Hướng dẫn giải  Bán kính mặt cầu d ( I ,(Oyz ))  2  Chọn A. Câu 30. Cho mặt cầu tâm I  4;2; 2  , bán kính r tiếp xúc với mặt phẳng  P  :12 x  5z  19  0 . Bán kính r bằng A. 39 . B. 3 . C. 13 . D. 39 13 . Hướng dẫn giải  r  d ( I ,( P))  3  Chọn B Câu 31. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz , mặt cầu tâm I  1; 2;0  đường kính bằng 10 có phương trình là: A. ( x  1)2  ( y  2)2  z 2  25 . B. ( x  1)2  ( y  2)2  z 2  100 . C. ( x  1)2  ( y  2)2  z 2  25 . D. ( x  1)2  ( y  2)2  z 2  100 .  Hướng dẫn giải Mặt cầu tâm I  1; 2;0  đường kính bằng 10 nên có bán kính R  5 có phương trình: ( x  1)2  ( y  2)2  z 2  25.  Chọn đáp án A. Câu 32. Trong không gian với hệ toạ độ Oxyz , với giá trị nào của m thì phương trình x 2  y 2  z 2  2mx  2  m  1 y  4 z  5m  0 là phương trình mặt cầu ? A. m  1  m   5 .. 2 D. m  1  m  C. m  3 .. 5 . 2 Hướng dẫn giải Phương trình đã cho là phương trình mặt cầu khi m  1  m    m  1  2  5m  0  2m  7m  5  0   5 . m  2 Chọn đáp án D. ĐÁP ÁN 2  5 B. 1  m  .. 2 2 2 2 1 A 2 A 3 B 4 C 5 D 6 D 7 C 8 B 9 A 10 A 11 A 12 B 21 A 22 A 23 C 24 D 25 A 26 A 27 B 28 A 29 A 30 B 31 A 32 D SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM 13 C 14 B 15 D 16 A 17 C 18 B 19 A 20 B TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 15 DẠNG TỰ LUẬN Dạng 1: Tìm tọa độ của một điểm, một véctơ và các yếu tố liên quan đến véctơ thỏa mãn một số điều kiện cho trước, tọa độ các điểm đặc biệt của tam giác, tứ diện. Bài 1. Cho véctơ u có điểm đầu là 1; 1;3 và điểm cuối là  2;3;5  . Trong các véctơ sau véctơ nào cùng phương với u : a  6i  8 j  4k , b  4 j  2k , c  i  4 j  2k Hướng dẫn giải Ta có u   3;4;2  ; a   6;8;4  ; b   0;4;2  ; c  1; 4;2  Vậy chỉ có a cùng phương u . Bài 2. Trong không gian Oxyz cho ba véctơ a   5;7; 2  , b   3;0; 4  , c   6;1; 1 . Tìm tọa độ và độ dài véctơ m, n biết m  3a  2b  c, n  5a  6b  4c  3i. Hướng dẫn giải Ta có m  3a  2b  c  ...   3; 22;3  m  502 n  5a  6b  4c  3i  ...  16;39;16   n  2033 Bài 3. Trong không gian Oxyz cho ba điểm A 1;0; 2  , B  2;1; 1 , C 1; 2; 2  . Tìm tọa độ điểm M sao cho AM  2 AB  3BC  OM . Gọi M  x; y; z  Hướng dẫn giải Ta có AB  1;1;1 ; BC   1; 3;3 ; OM   x; y; z  ; AM   x  1; y; z  2  Và 2 AB  3BC  OM   1  x; 7  y;11  z   x  0  x  1  1  x  7   Nên AM  2 AB  3BC  OM   y  7  y   y   2  z  2  11  z   9   z  2 7 9  Vậy M  0;  ;  2 2  Bài 4. 1  Trong không gian Oxyz cho ba điểm A  2;3;1 , B  ;0;1  , C  2;0;1 4  a) Chứng minh rằng A, B, C không thẳng hàng. b) Tìm tọa độ hình chiếu B ' của B trên AC . c) Tìm tọa độ chân đường phân giác trong của góc A của ABC . Hướng dẫn giải SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 16 9 3 9  a) Ta có AB   ; 3;0  , AC   4; 3;0  . Vì 4  nên hai véctơ AB, AC không cùng 4 3 4  phương. Hay ba điểm A, B, C không thẳng hàng. 1   b) Gọi B '   x; y; z   AC   4; 3;0  , AB '   x  2; y  3; z  1 , BB '   x  ; y; z  1 4     AB ', AC cïng ph­¬ng Để B ' là hình chiếu của B trên AC thì    BB '  AC  18 t  25  x  2  4t   y  3  3t 22   AB '  t AC  x    z  1  0  25  BB '. AC  0   21 4  x  1   3 y  0 y  25 4     z  1  22 21  Vậy B '  ; ;1  .  25 25  15 AB 3  , gọi D  x; y; z  là chân đường phân giác trong góc c) Ta có AB  , AC  5,  k  4 AC 4 3 3 3 x B  xC yB  yC zB  zC 3 4 4 4 1 A , ta có: DB  k DC   DC  x   1, y   0, z  3 3 3 4 1 1 1 4 4 4 Vậy D 1;0;1  . Bài 5. Trong không gian Oxyz cho ba véctơ tùy ý a, b, c. Gọi u  a  2b, v  3b  c, w  2c  3a. Chứng minh rằng ba véctơ u, v, w đồng phẳng. Hướng dẫn giải Muốn chứng minh ba véctơ đồng phẳng ta cần tìm hai số p, q sao cho w  pu  qv Giả sử ta có     w  pu  qv  2c  3a  p a  2b  q 3b  c   3  p  a   3q  2 p  b   q  2  c  0 1 3  p  0  p  3  Vì ba véctơ a, b, c tùy ý nên để 1 sảy ra thì : 3q  2 p  0    q  2 q  2  0  Vậy w  3u  2 v , nên ba véctơ u, v, w đồng phẳng. Bài 6. Trong không gian Oxyz cho một véctơ a tùy ý khác véctơ 0 . Gọi  ,  ,  là ba góc tạo bởi ba véctơ đơn vị i, j, k trên ba trục tọa độ Ox, Oy, Oz và véctơ a . Chứng minh rằng: cos 2   cos 2   cos 2   1. Hướng dẫn giải SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Trang | 17 Gọi a0 là véctơ đơn vị cùng hướng với a , ta có a0  Gọi OA0  a0 ; 1 a a A1 , A2 , A3 theo thứ tự lần lượt là hình chiếu vuông góc của A0 lên các trục tọa độ Ox, Oy, Oz . Khi đó ta có: OA1  cos  , OA0 OA2  cos  , OA0 OA3  cos  OA0 Vì OA0  1  OA1  cos  , OA2  cos  , OA3  cos  Ta có OA0  OA1  OA2  OA3  OA0  cos  .i  cos  . j  cos  .k   cos  ;cos  ;cos   Mà OA0  a0 và a0  1  cos2   cos2   cos2   1 . Bài 7. Bộ ba điểm nào sau đây thẳng hàng a) A 1;3;1 , B  0;1;2  , C  0;0;1 . b) A 1;1;1 , B  4;3;1 , C  9;5;1 . c) A  0; 2;5 , B  3;4;4  , C  2;2;1 . d) A 1; 1;5 , B  0; 1;6  , C 3; 1;5 . e) A 1;2;4  , B  3;7;4  , C 0;1;5 . Hướng dẫn giải Để xác định bộ ba điểm A, B, C thẳng hàng ta thực hiện các bước như sau Bước 1: xác định tọa độ các véctơ AB, AC Bước 2: tìm số k thỏa mãn AB  k AC Nếu tồn tại số k thì bộ ba điểm A, B, C thẳng hàng Thực hiện như vậy đối với bài toán trên ta được kết quả a, c, d, e) Không thẳng hàng b) Thẳng hàng Dạng 2. Tích vô hướng và các ứng dụng của tích vô hướng. Bài 8. Tính tích vô hướng của hai véctơ a, b trong không gian với các tọa độ đã cho là: a) a   3;0; 6  , b   2; 4; c  b) a  1; 5;2  , b   4;3; 5    c) a  0; 2; 3 , b  1; 3;  2 Bài 9.  Hướng dẫn giải Áp dụng công thức tọa độ tính tích vô hướng của hai véctơ ta dễ dàng tính được kết quả a) 6  6c ; b) 21 ; c) 0 Trong không gian Oxyz cho tam giác ABC có tọa độ ba đỉnh A( a;0;0  , B  0; b;0  , C  0;0; c  . Chứng minh rằng tam giác ABC nhọn. Hướng dẫn giải Ta có AB   a; b;0 ; AC   a;0; c   AB. AC  a2  0  BAC  900 Lập luận tương tự ta cũng chứng minh hai góc còn lại nhọn. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM TÀI LIỆU ÔN THI THPT QUỐC GIA Bài 10. Trang | 18 Trong không gian Oxyz cho ba điểm A 1; 1;0 , B  2;2;1 , C 13;3;4 . a) Chứng minh A, B, C là ba đỉnh của một tam giáC. b) Tìm tọa độ điểm E là chân đường phân giác trong góc A của tam giác ABC Hướng dẫn giải a) Ta có AB  1;3;1 ; AC  12;4;4  dễ thấy hai véctơ trên không cùng phương Vậy ba điểm A, B, C là ba đỉnh của một tam giác b) AB  11; AC  4 11 , E là chân đường phân giác trong góc A của tam giác ABC Ta có: EB   AB 1  21 11 2  EC   EC  ... E  ; ;  . AC 4  5 5 5 Dạng 3+4. Phương trình mặt cầu. Bài 11. Tìm tâm và bán kính của các mặt cầu có phương trình sau đây: a. x 2  y2  z 2  8 x  2 y  1  0; b. 3x 2  3y2  3z 2  6 x  8 y  15z  3  0. Hướng dẫn giải A. Tâm I (4;1;0), bán kính R  4. Bài 12. 433 4 5  . B. Tâm I  1;  ;   , bán kính R  6 3 2  Trong mỗi trường hợp sau, hãy viết phương trình mặt cầu: a. Đi qua ba điểm A(0;8;0), B(4;6;2), C(0;12;4) và có tâm nằm trên mặt phẳng (Oyz ); b. Có bán kính bằng 2 , tiếp xúc với mặt phẳng (Oyz ) và có tâm nằm trên tia Ox; c. Có tâm I (1;2;3) và tiếp xúc với mặt phẳng (Oyz ). Hướng dẫn giải A. Mặt cầu có tâm I (0; b; c ) nằm trên mặt phẳng (Oyz ) A, B, C thuộc mặt cầu tâm I  IA  IB  IC 2 2  8  b   c 2  42   6  b    2  c   IA  IB   2  2 2 2 2 2  IA  IC  8  b   c  12  b    4  c   b  7 và c  5. Vậy I (0;7;5) 2 2 2 Bán kính của mặt cầu là R  IA  0  1  25  26  Phương trình của mặt cầu là x 2  ( y  7)2  ( z  5)2  26. B. Mặt cầu ( S ) có tâm I nằm trên tia Ox và mặt cầu ( S ) tiếp xúc với mp (Oyz ) nên tiếp điểm là O(0;0;0)  Bán kính của mặt cầu là R  IO  2 và I (2;0;0).  Phương trình của mặt cầu là ( x  2)2  y 2  z 2  4 C. Mặt cầu có tâm I (1;2;3) và tiếp xúc với mp (Oyz )  Bán kính của mặt cầu là R  d ( I , mp(Oyz))  x I  1  Phương trình của mặt cầu là ( x  1)2  ( y  2)2  ( z  3)2  1. SẢN PHẨM HỢP TÁC CÙNG TOÁN HỌC BẮC TRUNG NAM
- Xem thêm -

Tài liệu liên quan