Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
PHƯƠNG PHÁP B O TOÀN VÀ TĂNG GI M KH I LƯ NG
( ÁP ÁN BÀI T P T LUY N)
Giáo viên: VŨ KH C NG C
Các bài t p trong tài li u này ư c biên so n kèm theo các bài gi ng “Phương pháp b o toàn và tăng gi m kh i
lư ng” thu c Khóa h c Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c) t i website Hocmai.vn
giúp các B n ki m tra, c ng c l i các ki n th c ư c giáo viên truy n t trong bài gi ng tương ng.
s
d ng hi u qu , B n c n h c trư c bài gi ng “Phương pháp b o toàn và tăng gi m kh i lư ng” sau ó làm y
các bài t p trong tài li u này.
D ng 1: Phương pháp b o toàn kh i lư ng
Câu 1:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng
nFe = moxit − mO = 6, 64 − 0,1*16 = 5, 04( gam)
áp án: A
Câu 2:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
mMuoi = mKl + mSO2− = 3, 22 + 0, 06*96 = 8,98( gam)
4
áp án: C
Câu 3:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có
mMuoi = moxit + mH 2 SO4 − mH 2O = 2,81 + 0, 05*98 − 0, 05*18 = 6,81( gam)
áp án: A
Câu 4:
Sơ
ph n ng: M 2 CO 3 + BaCl 2
→
2MCl + BaCO 3 ↓
Cách 1: Phương pháp B o toàn kh i lư ng
39,4
= 0,2 mol
T ptpư, ta có: n BaCl2 p− = n BaCO3 ↓ =
197
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
m M2 CO3 + mBaCl2 = m + mBaCO3 ↓ hay 24,4 + 208 × 0,2 = m + 39, 4
(M: Na, K)
→ m = 26,6 gam
Cách 2: Phương pháp tăng – gi m kh i lư ng
Theo ptpư, c 1 mol k t t a ư c t o thành thì lư ng mu i clorua tăng 35,5 × 2 - 60 = 11 gam so v i mu i
cacbonat.
Theo bài, có 0,2 mol k t t a → kh i lư ng mu i tăng 2,2 gam
→ m = 24,4 + 2,2 = 26,6 gam
áp án: C
Câu 5:
Phương trình ph n ng: Na 2 CO3 + BaCl 2
→ 2NaCl + BaCO3 ↓
Dung d ch B ph n ng v i H2SO4 có gi i phóng khí → trong B còn Na2CO3 dư.
Ta có thêm ph n ng: Na 2 CO3 + H 2 SO 4 → Na 2 SO 4 + CO 2 ↑ + H 2 O
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 1 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
T 2 ph n ng, ta có: n Na2CO3 = n BaCl2 + n CO2 =
PP b o toàn và tăng gi m
50 × 20,8% 0, 448
+
= 0,07 mol
208
22, 4
0,07 × 106
×100% = 7,42%
100
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
mdd sau pø = ∑ mdd tr−íc pø - ∑ m↓ - ∑ m↑ = (50 + 100 + 50) - 197 × 0,05 - 44 × 0,02 = 189,27 gam
Do ó, C%Na2CO3 =
áp án: B
Câu 6:
+ H2 O
T ph n ng: Na 2 O 2NaOH và HCO-3 + OH →
2
→ CO3 − + H 2 O
→ Ca 2+ va Ba 2+ tao ket tua
Ta d dàng có: n CO2− = 2n Na 2O = 0,08 mol = n Ca 2+ + n Ba 2+
3
→ m dd Y = m X + m H2O - m ↓ = 23,06 + 437,85 - (0,05 × 100 + 0,03 × 197) = 450 gam
áp án: A
Câu 7:
Phương trình ph n ng: M + HCl
→
MCl +
1
H2 ↑
2
Cách 1: Phương pháp B o toàn kh i lư ng
4,48
= 0,4 mol
T ptpư, ta có: n M = n HCl p− = 2n H2 ↑ = 2 ×
22, 4
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
m M + m HCl = m + m H2 ↑ hay 4,4 + 36,5 × 0,4 = m + 2 × 0, 2
→ m = 18,6 gam
Ho c:
m = m M + mCl- = 4,4 + 35,5 × 0,4 = 18,6 gam
Cách 2: Phương pháp tăng – gi m kh i lư ng
Theo ptpư, c 1 mol khí ư c t o thành thì lư ng ch t r n t o thành tăng 35,5 × 2 = 71 gam so v i kim
lo i ban u.
Theo bài, có 0,2 mol khí → kh i lư ng mu i tăng 14,2 gam so v i kim lo i
→ m = 4,4 + 14,2 = 18,6 gam
4, 4
→ M=
= 11 g/mol → Li (M = 7) va Na (M = 23)
0, 4
áp án: B
Câu 8:
o
→ CaO + CO2
CaCO3 t
nCaCO 3 = nCO = 0,1 (mol) ⇒ mCaCO 3 = 10 gam
2
Theo LBTKL: mX = mch t r n = mkhí = 11,6 + 0,1 × 44=16 gam
10
⇒ %CaCO3= × 100% = 62,5%
16
áp án: D
Câu 9:
a gam h n h p Na2CO3 và NaHSO3 có s mol b ng nhau
Ph n ng v i H2SO4 loãng dư thu ư c CO2 và SO2
CO2 , SO2 + Ba(OH)2 BaCO3 + BaSO3 + H2O
→
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 2 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
ÁP d ng
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có
mk t t a = mBaCO3 + mBaSO3 = 197x + 217x = 41,4 => x = 0,1 mol
B o toàn nguyên t C và S => mNa2CO3 + mNaHSO3 = 0,1*106 + 0,1*104 = 21 gam
áp án: B
Câu 10:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng : mO = mX – mY = 30 – 26 = 4 (gam)
=>nO = 0,25 mol
CO + O CO2
→
0,25
0,25
0,25 mol
CO2 + Ca(OH)2 CaCO3 + H2O
→
0,25
0,25
0,25 mol
Kh i lư ng k t t a thu ư c là: mCaCO3 = 0,25*100 = 25 (gam)
áp án: B
Câu 11:
nHCl = 0,9 mol
nHCl
6x + 2y = 0,9 x = 0,1
→
Al 2 O 3 : x + HCl
H 2 ⇒
→
→
y = n H 2 = 0,15
y = 0,15
Fe : y
0,15(mol)
Áp d ng lu t lu t b o toàn kh i lư ng: mO = mX – mY = 21,8 – (0,1*102+ 56*0,15) = 3,2 mol
=>nO = 0,2 mol
T l : Fe : O = 3 : 4 => Fe3O4
áp án: C
Câu 12:
H2 + O H2O
→
0,75
Áp d ng
0,75
0,75 mol
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có: mFe = moxit – mO = 45,6 – 0,75*16 = 33,6 gam
S mol Fe là: nFe = 0,6 mol
3n Fe − 2n O 0, 6*3 − 0, 75* 2
=
= 0,1(mol)
3
3
Th tích khí NO thu ư clà: VNO = 0,1*22,4 = 2,24 lít
Áp d ng
nh lu t b o toàn electron: nNO =
áp án: C
Câu 13:
Sơ
o
t
hóa: hon hop X + CO hon hop A + hon hop khi B
→
Cách 1: Phương pháp B o toàn kh i lư ng
Áp d ng b o toàn kh i lư ng, ta có:
m X + mCO = m A + mCO2 → m X = 64 + 20,4 × 2 × 0,5 - 28 × 0,5 = 70,4 gam
Cách 2: Phương pháp tăng – gi m kh i lư ng
Áp d ng phương pháp ư ng chéo cho h n h p khí B, ta có:
CO (M = 28)
20,4 x 2 = 40,8
CO2 (M = 44)
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
3,2
1
0,1 mol
12,8
4
0,4 mol
- Trang | 3 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
Theo ptpư, c 1 mol khí CO2 ư c t o thành thì lư ng ch t r n t o thành gi m 16 gam.
Theo bài, có 0,4 mol khí CO2 → kh i lư ng ch t r n gi m 16 × 0,4 = 6,4 gam
→ m = 64 + 6,4 = 70,4 gam
áp án: C
Câu 14 :
Sơ
hóa: Al + Fe2O3 → chat ran
Áp d ng b o toàn kh i lư ng, ta có: m ran = m Al + m Fe2O3 = 5,4 + 12 = 17,4 gam
áp án: D
Câu 15:
Theo nh lu t b o toàn kh i lư ng :
m hh sau = m hh trư c = 5,4 + 6,0 = 11,4 gam
áp án: C
Câu 16:
n BaCl2 = n BaCO3 = 0,2 (mol)
Áp d ng
nh lu t b o toàn kh i lư ng: m h
nh p
+ mBaCl2 = m k t t a + m
m = 24,4 + 0,2.208 – 39,4 = 26,6 gam
áp án: C
Câu 17:
M2CO3 + 2HCl 2MCl + CO2 + H2O
→
R2CO3 + 2HCl 2MCl2 + CO2 + H2O
→
4,88
n CO2 =
= 0,2 mol
22,4
T ng nHCl = 0,4 mol và n H 2O = 0,2 mol.
Áp d ng
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
23,8 + 0,4*36,5 = mmu i + 0,2*44 + 0,2*18
mmu i = 26 gam
áp án: C.
Câu 18:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng:
moxit + mH 2 SO4 = mmu i + mH 2O
mmu i = moxit + m H SO – mH2O
Trong ó: n H2O = n H2SO4 = 0,3.0,1 = 0,03 (mol)
2
4
mmu i = 2,81+ 0.03.98 – 0,03.18 = 5,21gam
áp án: C
Câu 19:
Fe + 6HNO3 Fe(NO3)3 + 3NO2 + 3H2O
→
→
Cu + 4HNO3 Cu(NO3)2 + 2NO2 + 2H2O
n NO2 = 0,5 mol n HNO3 = 2n NO2 = 1 mol.
Áp d ng
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 4 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
m d 2 muèi = m h 2 k.lo¹i + m d 2 HNO − m NO2
3
1 × 63 × 100
− 46 × 0,5 = 89 gam.
63
t nFe = x mol, nCu = y mol ta có:
56x + 64y = 12
x = 0,1
=> y = 0,1
3x + 2y = 0,5
0,1 × 242 ×100
%m Fe( NO3 )3 =
= 27,19%
89
0,1 ×188 ×100
%m Cu( NO3 )2 =
= 21,12%.
89
= 12 +
áp án: B.
Câu 20:
0,04 mol h n h p A (FeO và Fe2O3) + CO 4,784 gam h n h p B + CO2.
→
CO2 + Ba(OH)2 dư BaCO3 + H2O
→
n CO2 = n BaCO3 = 0,046 mol
và n CO ( p.− ) = n CO2 = 0,046 mol
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
mA + mCO = mB + mCO2
Áp d ng
mA = 4,784 + 0,046*44 - 0,046*28 = 5,52 gam.
t nFeO = x mol, n Fe2O3 = y mol trong h n h p B ta có:
x + y = 0,04
x = 0,01 mol
=> y = 0,03 mol
72x + 160y = 5,52
0,01 × 72 ×101
= 13,04%
%mFeO =
5,52
⇒
%Fe2O3 = 86,96%
áp án: A
Câu 21:
to
→
KClO3
to
→
Ca(ClO3 )2
to
83,68 gam A Ca(ClO2 )2
→
CaCl
2
KCl ( A )
n O2 = 0,78 mol.
KCl +
3
O2
2
(1)
CaCl 2 + 3O 2
(2)
CaCl 2 + 2O 2
(3)
CaCl 2
KCl ( A )
h2 B
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
mA = mB + m O 2
Áp d ng
mB = 83,68 32*0,78 = 58,72 gam.
Cho ch t r n B tác d ng v i 0,18 mol K2CO3
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 5 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
CaCl2 + K 2CO3 CaCO3↓ + 2KCl (4)
→
→
0,36 mol h n h p D
H n h p B 0,18 ← 0,18
KCl
KCl ( B)
( B)
m KCl ( B) = m B − m CaCl2 ( B)
= 58,72 − 0,18 ×111 = 38,74 gam
m KCl ( D ) = m KCl ( B) + m KCl ( pt 4)
= 38,74 + 0,36 × 74,5 = 65,56 gam
3
3
m KCl ( A ) = m KCl ( D ) = × 65,56 = 8,94 gam
22
22
m KCl pt (1) = m KCl (B) − m KCl (A) = 38,74 − 8,94 = 29,8 gam.
Theo ph n ng (1):
29,8
m KClO3 =
× 122,5 = 49 gam.
74,5
49 × 100
%m KClO3 ( A ) =
= 58,55%.
83,68
áp án: D
Câu 22:
Sơ
ph n ng
t cháy: X + O2
→ CO 2 + H 2 O
nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
1,12
m X + m O2 = m CO2 + m H 2O hay m X + 32 ×
= 2,2 + 0,9 →
22, 4
1,5
Do ó, M X =
= 60 g/mol → CTPT cua X la C 2 H 4 O 2
0, 025
Áp d ng
áp án: D
Câu 23:
Sơ
ph n ng
t cháy: X + O 2
m X = 1,5 gam
→ CO2 + H 2O + N 2
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
mX + mO2 = mCO2 + mH2O + mN2 = 85,655 gam → mO2 = 85,655 - 22,455 = 63,2 gam
Do ó, VO2 =
63, 2
× 22,4 = 44,24 lit
32
áp án: A
Câu 24:
35,2 + 19 ,8 MX =
21, 28
× 32 - 0,1× 62
22, 4
= 92 gam/mol → X la C3 H8 O3
0, 2
áp án: A
Câu 25:
MY - MX = 135 = 45 × 3 → Y l s¶n phÈm thÕ trinitro → lo¹i A v B
B o toàn nguyên t Oxi cho ph n ng t cháy, ta có:
77
11, 25
n O (O2 ) = n O (CO2 ) + n O (H2 O) - n O (Y) =
×2 +
- 0,25 × 3 × 2 = 2,625 mol
44
18
→ mO2 = 2,625 ×16 = 42 gam
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 6 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
B o toàn kh i lư ng cho ph n ng t cháy, ta có:
m
8, 4
56,75
m Y = 77 + 11,25 +
× 28 - 42 = 56,75 gam → M Y = Y =
= 227 g/mol
22 , 4
nY
0,25
→ Y là C7H5(NO2)3
*
Có th bi n lu n theo t l C : H : N = 7 : 5 : 3 → áp án D s nhanh và ơn gi n hơn!
áp án: D
Câu 26:
T là CH4 (M = 16) → Y là CH3COONa.
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng cho ph n ng t cháy Z, ta có:
5, 04
m CO2 + m H2 O = m Z + m O2 = 4,8 + 32 ×
= 12 gam
22 , 4
M t khác: mCO2 - mH2O = 1,2 gam
→ gi i h phương trình, ta có: m CO = 6,6 gam hay 0,15 mol va m H O = 5, 4 gam hay 0,3 mol
2
→ n H2O = 2n CO2
→ Z la CH 4O
2
→ X la CH 3COOCH 3
áp án: B
Câu 27: Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có
ma = mCO2 + mH 2O + mN 2 − mO2 = 2, 64 + 1, 26 + 0, 01* 28 − 0, 075*32 = 1, 78( gam)
M =
1, 78
= 89 → NH 2CH 2COOCH 3
0, 02
áp án: D
Câu 28: Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có
mH 2O + mCO2 = mA + mO2 => mH 2O + mCO2 = 1,88 + 0, 085*32 = 4, 6( gam)
Mà t l mol c a CO2 : H2O = 4 : 3
=>4*44x + 3*18x = 4,6 => x = 0,02 mol
BTNT :O
→ nO ( A) = nO (CO2 ) + nO( H 2O ) − nO2 = 0,08*2 + 0, 06 − 0, 085* 2 = 0, 05(mol )
T l mol C : H : O = 8 : 12 : 5 => công th c ơn gi n nh t là C8H12O5
áp án: A
Câu 29:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng
mH 2O + mCO2 = mX + mO2 => mO2 = mH 2O + mCO2 − mX = 5, 28 + 2, 7 − 2, 22 = 5, 76( gam)
nO = 0,36(mol )
BTNT :O
→ nO ( X ) = nO (CO2 ) + nO( H2O ) − nO = 0, 24 + 0,15 − 0,36 = 0, 03(mol )
T l mol C : H : O = 4 :10 : 1 => công th c ơn gi n nh t là C4H10O
Có 7
ng phân
áp án: D
Câu 30:
Sơ
ph n ng
t cháy: X + O2
→ CO2 + H 2 O
nh lu t b o toàn nguyên t và kh i lư ng, ta có:
12, 98
5, 76
m X = m C + m H = 12 ×
+ 2×
= 4,18 gam
44
18
áp án: C
Áp d ng
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 7 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
Câu 31:
Sơ
ph n ng
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
t cháy: X + O2
PP b o toàn và tăng gi m
→ CO2 + H 2 O
nh lu t b o toàn nguyên t và kh i lư ng, ta có:
4, 4
2,52
m X = m C + m H = 12 ×
+ 2×
= 1,48 gam
44
18
áp án: A
Áp d ng
Câu 32 :
Sơ
ph n ng
t cháy: X + O2
→ CO2 + H 2 O
nh lu t b o toàn nguyên t và kh i lư ng, ta có:
47,96
21, 42
m X = m C + m H = 12 ×
+ 2×
= 15,46 gam
44
18
áp án : A
Áp d ng
Câu 33:
Áp d ng
nh lu t b o toàn nguyên t và kh i lư ng, ta có:
V
a
a
V
V
m = m C + m H + mO =
× 12 +
×2 +
× 16 = a - 5,6
22,4
18
22,4 18
áp án: A
Câu 34:
ph n ng xà phòng hóa: Este + NaOH → muoi + ancol
Sơ
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
m este + m NaOH = m muoi + m ancol hay 14,8 + 40 × 0, 2 = m + 7,8 → m = 15 gam
áp án: B
Câu 35:
Sơ
ph n ng xà phòng hóa: Este + NaOH → muoi + ancol
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
m este + m NaOH = m muoi + m ancol hay 11,44 + m NaOH = 11,08 + 5,56 → m NaOH = 5,2 gam
5, 2
11,44
→ n este = n r−îu = n muèi = n NaOH =
= 0,13 mol → M este =
= 88 g/mol → C 4 H8O2
40
0,13
11,08
M muoi =
= 85,23 → CH 3COONa (M = 82) hoac HCOONa (M=68)
0,13
→ có 1 este là CH3COOC2H5 ho c HCOOC3H7
M ancol =
5,56
= 42,77
0,13
→
ph¶i cã 1 r-îu lµ CH 3OH (M = 32)
→ ch c ch n ph i có 1 este là C2H5COOCH3
áp án: D
Câu 36:
Cách 1: Phương pháp B o toàn kh i lư ng
Sơ
ph n ng xà phòng hóa: Chat beo + 3NaOH → xa phong + glixerin
1
T ph n ng, ta có: n glixerin = n NaOH = 0,02 mol
3
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
17,24 + 40 × 0,06 = m xa phong + 92 × 0, 02 → m xa phong = 17,8 gam
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 8 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
Cách 2: Phương pháp tăng – gi m kh i lư ng
Theo ptpư, c 3 mol NaOH ph n ng thì kh i lư ng mu i xà phòng t o thành tăng 23 × 3 - 41 = 28 gam so
v i ch t béo ban
u.
Theo bài, có 0,06 mol NaOH ph n ng → kh i lư ng xà tăng 0,56 gam.
→ m xa phong = 17,24 + 0,56 = 17,8 gam
áp án: A
Câu 37:
Áp d ng
nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có: mNaOH = mmuèi + mr−îu - meste = 1g
1
= 0,025 mol = n r−îu = n muèi = n este (este ®¬n chøc)
40
2, 05
= 82 → axit trong este l CH3COOH
Do ó, Mmuèi =
0, 025
0, 94
= 37, 6 → 2 r−îu trong este l CH3OH v C 2 H5 OH
và M r−îu =
0, 025
→ n NaOH =
ho c thay 2 bư c tính M muèi và M r−îu b ng:
1,99
M este =
= 79,6 → 2 este phai la C3 H 6 O 2 va C 4 H 8O 2
0,025
Căn c vào 4 áp án thì ch có D là th a mãn.
áp án: D
Câu 38:
B o toàn kh i lư ng cho ph n ng xà phòng hóa, ta có:
m X + m NaOH = m Y + m muoi → m Y = 6,2 gam → M Y = 62 → Y la HO-CH 2 -CH 2 -OH
áp án: C
Câu 39:
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng, ta có:
m X + m KOH + m NaOH = m r¾n + m H 2O hay 3,6 + 0,06 ( 56 + 40 ) = 8,28 +
3,6
× 18
X
→ X = 60 g/mol → X la CH3COOH
áp án: B
Câu 40:
B o toàn kh i lư ng: mtăng = 0,06*26 + 0,04*2 – 0,02*16 = 1,3 gam
áp án: D
Câu 41:
T ph n ng: RNH2 + HCl
→ RNH3Cl
B o toàn kh i lư ng cho ph n ng, ta có: m amin + m HCl = m muèi
18,504 - 15
0 , 096
→ n HCl =
= 0,096 mol → VHCl =
=0,08 lit
36,5
1, 2
áp án: B
Câu 42:
H 2SO 4 ®Æc
T ph n ng: 2R-îu → 1Ete + 1H 2 O
B o toàn kh i lư ng cho ph n ng, ta có: m ete + m H 2O = m r−îu
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 9 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
→ n 3 ete = n H 2O =
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
27,6 - 22,2
= 0,3 mol
18
áp án: D
Câu 43:
1,88 gam A + 0,085 mol O2
→ n mçi ete =
PP b o toàn và tăng gi m
0,3
= 0,05 mol
6
4a mol CO2 + 3a mol H2O.
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
m CO2 + m H2O = 1,88 + 0,085 × 32 = 46 gam
Ta có: 44*4a + 18*3a = 46 => a = 0,02 mol.
Trong ch t A có:
nC = 4a = 0,08 mol
nH = 3a*2 = 0,12 mol
nO = 4a*2 + 3a 0,085*2 = 0,05 mol
nC : nH : no = 0,08 : 0,12 : 0,05 = 8 : 12 : 5
V y công th c c a ch t h u cơ A là C8H12O5 có MA < 203
áp án: A
Câu 44:
Ta bi t r ng c 3 lo i rư u tách nư c
i u ki n H2SO4
phân t H2O.
Theo LBTKL ta có
m H2O = m r−îu − m ete = 132,8 − 11,2 = 21,6 gam
c, 140oC thì t o thành 6 lo i ete và tách ra 6
21,6
= 1,2 mol.
18
M t khác c hai phân t rư u thì t o ra m t phân t ete và m t phân t H2O do ó s mol H2O luôn b ng
1,2
s mol ete, suy ra s mol m i ete là 6 = 0,2 mol
Nh n xét: Chúng ta không c n vi t 6 phương trình ph n ng t rư u tách nư c t o thành 6 ete, cũng
không c n tìm CTPT c a các rư u và các ete trên. N u các b n xa à vào vi c vi t phương trình ph n ng
và t n s mol các ete tính toán thì không nh ng không gi i ư c mà còn t n quá nhi u th i gian.
n H 2O =
áp án: D
Câu 45:
Ph n 1: Vì an ehit no ơn ch c nên n CO2 = n H2O = 0,06 mol.
n CO2 (phÇn 2) = n C (phÇn 2) = 0,06 mol.
Theo b o toàn nguyên t và b o toàn kh i lư ng ta có:
n C (phÇn 2) = n C ( A ) = 0,06 mol.
n CO2 ( A ) = 0,06 mol
VCO2 = 22,40,06 = 1,344 lít
áp án: C
Câu 46:
R(COOR’)2 + 2NaOH
0,1
0,2
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
R(COONa)2 + 2R’OH
→
0,1
0,2 mol
- Trang | 10 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
M R ′OH =
Áp d ng
6,4
= 32
0,2
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
Rư u CH3OH.
nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
meste + mNaOH = mmu i + mrư
mà
PP b o toàn và tăng gi m
u
mmu i meste = 0,2*40 64 = 1,6 gam.
13,56
mmu i meste = 100 meste
1,6 × 100
meste = 13,56 = 11,8 gam => Meste = 118 vC
R + (44 + 15)*2 = 118 => R = 0.
V y công th c c u t o c a este là CH3OCOCOOCH3
áp án: B
Câu 47:
t công th c trung bình t ng quát c a hai este ơn ch c ng phân là RCOOR ′ .
RCOOR ′ + NaOH RCOONa + R’OH
→
11,44
11,08
5,56 gam
Áp d ng nh lu t b o toàn kh i lư ng ta có:
MNaOH = 11,08 + 5,56 – 11,44 = 5,2 gam
5,2
n NaOH =
= 0,13 mol
40
11,08
M RCOONa =
= 85,23 => R = 18,23
0,13
5,56
M R ′OH =
= 42,77 => R′ = 25,77
0,13
11,44
M RCOOR ′ =
= 88
0,13
CTPT c a este là C4H8O2
V y công th c c u t o 2 este
ng phân là:
HCOOC3H7 và C2H5COOCH3
ho c C2H5COOCH3 và CH3COOC2H5
áp án D
Câu 48:
HOOC - R - NH2 + HCl → HOOC -R-NH3Cl
⇒ mHCl = m mu i - maminoaxit = 0,365 gam ⇒ mHCl = 0,01 (mol)
0,89
= 89
⇒ Maminoxit =
0,01
M t khác X là α -aminoaxit
áp án: C
Câu 49:
2 ROH + 2Na → 2 RONa + H2
Theo bài h n h p rư u tác d ng v i h t Na ⇒ H c sinh thư ng nh m là: Na v a
sai theo hai tình hu ng sau:
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
, do ó thư ng gi i
- Trang | 11 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
Tình hu ng sai 1: nNa=
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
9,2
15,6
= 0,4 ⇒ nrư u = 0,4 ⇒ M rư u =
= 39
23
0, 4
⇒
áp án A ⇒ Sai.
Tình hu ng sai 2: Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng:
24,5 − 15,6
15,6
nrư u =
= 0,405 ⇒ M rư u =
= 38,52 ⇒ áp án A ⇒ Sai
22
0,405
Áp d ng phương pháp b o toàn kh i lư ng ta có:
m
= mrưHu + mNa - mr n = 15,6 + 9,2 - 24,5 = 0,3 gam
2
15,6
= 52
⇒ nrư u= 2n = 0,3H(mol) ⇒
rư u =
M
2
0,3
áp án: B
Câu 50:
LBTKL: mpropilen = mpolime =
70%
1,680
.42.
= 2,205 gam
100%
22,4
áp án: B
Câu 51:
(RCOO)3C3H5 + 3NaOH → 3RCOONa + C3H5(OH)3
0,06
Theo
→
0,02 (mol)
nh lu t b o toàn kh i lư ng:
17,24 + 0,06.40= mxà phòng + 0,02.92 ⇒ mxà phòng =17,80 gam
áp án: A
Câu 52:
RCOOH + KOH → RCOOK + H2O
RCOOH + NaOH → RCOONa + H2O
nNaOH = nKOH = 0,5.0,12 = 0,06 mol
LBTKL: mX + mNaOH + mKOH = mr n +H2O
m
n
⇒ m H2O = 1,08 gam ⇒ H2O = 0,06 mol
⇒ nRCOOH = n O = 0,06 mol ⇒ MX = R + 45 =
H
2
3,60
= 60 ⇒ R = 15
0,06
⇒ X: CH3COOH
áp án: B
Câu 53:
3(3 + 1)
=6
2
LBTKL: 27,6= 22,2 + m H 2 O ⇒ m H 2 O = 5,4 gam ⇒ n H 2 O = 0,3 mol
S ete thu ư c là:
∑n
H 2O
=
∑n
ete
= 6nete ⇒ nm
i ete
= 0,3: 6 = 0,05 mol
áp án: D
Câu 54:
mbình 2 tăng = m CO 2 , mbình 1 tăng = m H 2 O
LBTKL: mx + m O 2 = m CO 2 + m H 2 O ⇔ mx + 32.0,05 = 0,9 + 2,2
⇒ mx = 1,5 gam
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 12 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
⇒ Mx = 1,5:0,025=60
áp án: D
Câu 55:
a
H2
2
0,5 ax ⇒ n H 2 = 0,5 ax = 0,25 ⇒ ax = 0,5 mol
R (OH)a + aK → R (OK)a +
x
xa
LBTKL: 20,2 + 39.0,5 = mmu i + 2.0,25 ⇒ mmu i = 39,2 gam
áp án: A
Câu 56:
X + NaOH → mu i Y + ancol Z ⇒ X: este ơn ch c
o
RCOOR’ + NaOH t
→ RCOONa + R’OH
RCOONa + NaOH
o
t
→
RH + Na2CO3
MRH = 8.2 =16 ⇒ RH: CH4 ⇒ RCOONa : CH3COONa
CxHyO(Z) + O2 → CO2 + H2O
LBTKL: 4,8 + 0,225.32 = m CO 2 + m H 2 O = 12
m CO 2 = m H 2 O + 1,2 ⇒ m CO 2 = 6,6 gam, m H 2 O = 5,4 gam
mC = 12. n CO 2 =1,8 gam; mH = 2.nH2O = 0,6 gam; mO = 2,4 gam
1,8 0,6 2,4
:
:
= 0,15: 0,6: 0,15 = 1: 4: 1
12 1 16
⇒ Z: CH3OH ⇒ X : CH3COOCH3
x: y: z =
áp án: B
Câu 57:
C 2 H 5OH:0,6
Ta có ngay
C 4 H 9 OH:0,4
Bài này ch c n chú ý : 2ROH → ROR + H2O
Do ó s mol nư c b ng n a s mol ancol:
1
BTKL
0,6.46.0,6 + 0, 4.74.0,4 = m + .18. ( 0,6.0,6 + 0,4.0,4 ) → m = 23,72
→
2
áp án: D
Câu 58:
37
= 0,5 → n ancol = 0,5 → n H2 O = 0,25
Ta có :
74
BTKL
37 + 0,5.40 = m Z + 14,3 + 0,25.18 → m Z = 38,2
→
n este =
áp án: B
Câu 59:
BTKL
Ta m +
→
6,16
.32 = 0, 25.44 + 4,5 → m = 6, 7(gam)
22, 4
áp án: B
Câu 60:
BTKL
Ta có : n X =
→
4,85 − 3, 75
= 0, 05 → M X = 75 → Gly
23 − 1
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 13 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
áp án: B
Câu 61:
Theo LBTKL: mX + m O 2 = m CO 2 + m H 2O
⇒ m O 2 = 2,7 + 0,2 × 44 – 4,3 = 10,3 gam ⇒ n O 2 = 0,225 (mol)
Áp d ng b o toàn nguyên t
i v i oxi:
nH O
nH O
nX + n O 2 = n CO 2 + 2 ⇒ nX = n CO 2 + 2 - n O 2 = 0,05(mol)
2
2
áp án: D
Câu 62:
n CO 2 = 1,09 mol ; n H 2O = 1,19 mol
⇒ x = mC + mH = 12. n CO 2 + 2.n H 2o = 15,46 gam
áp án: A
Câu 63:
n A = 0, 04
RCOONa : 0, 04
BTNT.Na
Ta có :
4, 08
→
NaOH : 0, 02
n NaOH = 0, 06
BTKL
→
Và 0, 02.40 + 0,04(R + 44 + 23) = 4, 08 → R = 15
( −CH3 )
áp án: D
Câu 64 :
X ơn ch c mà cho hai mu i → X là este c a phenol RCOOC6H5.
RCOOK : 0,1 Ch¸y
BTNT.K
Ta có : n KOH = 0, 2(mol) Y
→
n K 2CO3 = 0,1(mol)
→
C6 H 5 OK : 0,1
BTNT.C
n CO 2 = 0, 7(mol) n C X = 0, 7 + 0,1 = 0,8 → X : CH 3COOC 6 H 5
→ trong
m1 = 0,1.136 = 13, 6(gam)
→ BTKL
→
13, 6 + 0, 2.56 = m 2 + 0,1.18 → m 2 = 23(gam)
áp án: C
Câu 65 :
n CO2 = 1,1
22,9 − 1,1.12 − 0,85.2
Ch¸y
BTKL
Ta có : X
→
n O X =
→ trong
= 0, 5 → n X = 0, 25(mol)
16
n H2O = 0,85
→ MX =
CH 2 = CH − COO − CH 3 : 0,15(mol)
22, 9
TH 1
= 91, 6 X
→
0, 25
CH 2 = CH − CH 2 − COO − CH 3 : 0,1(mol)
BTKL
22,9 + 0,3.40 = m + 0, 25.32 → m = 26,9(gam) (lo i)
→
CH3OH
HCOO − CH 2 − CH = CH 2 : 0,15(mol)
TH 2
X
→
CH 3COO − CH 2 − CH = CH 2 : 0,1(mol)
BTKL
22,9 + 0,3.40 = m + 0, 25.58 → m = 20, 4(gam)
→
CH 2 =CH −CH 2 −OH
áp án: A
D ng 2: Phương pháp tăng gi m kh i lư ng
Câu 1:
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 14 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng.
C 1 mol kim lo i tác d ng t o thành mu i SO42– kh i lư ng tăng lên 96 gam.
Theo
kh i lư ng tăng 3,42 – 1,26 = 2,16 gam.
V y s mol kim lo i M là 0,0225 mol. V y M =
1,26
= 56 . M là Fe
0,0225
áp án : B
Câu 2 :
Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng
C 1 mol Cl– sinh ra sau ph n ng kh i lư ng mu i tăng lên 35,5 gam.
Theo
, tăng 0,71 gam, do ó s mol Cl– ph n ng là là 0,02 mol.
1
nH 2 = nCl − = 0,01 (mol). V = 0,224 lít
2
áp án :A
Câu 3:
mtăng = mO = 1,2 gam
→ nO = 0,075 mol → nHCl = 0,15 mol → V = 75ml
áp án: C
Câu 4:
Áp d ng tăng gi m kh i lư ng: m = 0,05(96 – 16) + 2,81 = 6,81gam
áp án: D
Câu 5:
C 1 mol MCl2 → 1 mol M(NO3)2 và 2 mol AgCl thì m tăng (2.62) – 71 = 53 gam
S mol mu i = ½ s mol AgCl = ½ 0,12 = 0,06 mol
mmuèi nitrat = mmuèi clorua + mt¨ng = 5,94 + 0,06 × 53 = 5,94 + 3,18 = 9,12 gam
áp án: C
Câu 6:
9,062
= 0,046 mol
197
Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng, ta có: mA = 4,784 + 0,046 ×16 = 5,52 gam
n O (oxit ®
bÞ khö)
= n CO2 = n BaCO3 ↓ =
G i x và y l n lư t là s mol c a FeO và Fe2O3 trong A. T gi thi t, ta có h phương trình :
n A = x + y = 0,04 mol
x = 0,01 mol
160 × 0,03
→
→ %m Fe2 O3 =
×100% = 86,96%
5,52
y = 0,03 mol
m A = 72x + 160y = 5,52 gam
áp án: A
Câu 7:
C 1 mol kim lo i tác d ng t o thành mu i SO42- kh i lư ng tăng lên 96 gam.
Theo kh i lư ng tăng 3,42 – 1,26 = 2,16 gam
1,26
V y s mol kim lo i M là 0,0225 mol. V y M =
= 56 → M là Fe
0,0225
áp án: B
Câu 8:
Áp d ng b o toàn kh i lư ng
m= m(Al + Mg) + mCl- = (9,14 - 2,54)+ 0,7 × 35,5 = 6,6 +24,85 = 31,45 gam
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 15 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
áp án: A
Câu 9:
Áp d ng tăng gi m kh i lư ng
m giam = m O trong CuO = 9,1 - 8,3 = 0,8 gam → n O = n Cu = 0,05 mol → m CuO = 4 gam
áp án: D
Câu 10:
mgi m = mO = 0,32 gam
→ n(CO, H2) = nO = 0,02 mol → V = 0,448 lít
áp án: C
Câu 11:
T ph n ng : 2Al + 3Cu 2+ → 3Cu + 2Al 3+
Ta th y: C 3 mol Cu2+ ph n ng thì kh i lư ng thanh Al tăng: 3 × 64 - 2 × 27 = 138 gam
0, 05
×138 = 2,3 gam
Theo bài, có 0, 4 × 0,5 × 0 , 25 = 0,05 mol Cu ph n ng → thanh Al tăng
3
Do ó, kh i lư ng thanh Al sau ph n ng là 22,3 gam.
áp án: D
Câu 12:
T 2 ph n ng: M + Cu 2+ → M 2+ + Cu ↓ và M + Pb 2+
M - 64
0,05
Ta có phương trình:
=
→ M = 65 (Zn)
207 - M
7,1
→
M 2+ +
Pb ↓
áp án: C
Câu 13 :
to
→
T ph n ng: 2KMnO4 K 2 MnO4 + MnO2 + O2 ↑
316 - 300
1×158
→ n KMnO4 p− = 2n O2 sp = 2 ×
= 1 mol → H% =
× 100% = 50%
32
316
áp án : D
Câu 14:
Sơ
hóa ph n ng, ta th y: PbS → PbO , c 1 mol ph n ng thì kh i lư ng gi m 16 gam
100 - 95
0,3125
→ n PbO = n PbS ph¶n øng =
= 0,3125 mol → H% =
≈ 74,69%
100
16
207 + 32
áp án: A
Câu 14:
Sơ
hóa ph n ng, ta có: Cu(NO3 )2 → CuO .
C 1 mol Cu(NO3 )2 ph n ng thì kh i lư ng gi m là: 62 × 2 - 16 = 108 gam
1, 62
mà theo bài thì m gi¶m = 6,58 - 4,96 = 1,62 gam → n Cu(NO3 )2 =
= 0,015 mol
108
+
B o toàn nguyên t N, ta d dàng có: nHNO3 = 0,03 mol → H = 0,1M → pH = 1
áp án: D
Câu 15:
C 2 mol Al và 3 mol Cu kh i lư ng tăng 3.64 – 2.27 = 138 gam
Theo n mol Cu kh i lư ng tăng 46,38 – 45 = 1,38 gam
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 16 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
nCu = 0,03 mol. mCu = 0,03.64 = 1,92 gam
áp án: C
Câu 16:
340 × 6
170 ×100 = 0,12 mol;
25
n AgNO3 ( ph.øng ) = 0,12 ×
100 = 0,03 mol.
Cu + 2AgNO3 Cu(NO3)2 + 2Ag
→
0,015
0,03
0,03 mol
mv t sau ph n ng = mv t ban u + mAg (bám) mCu (tan)
= 15 + (108*0,03) (64*0,015) = 17,28 gam.
n AgNO3 ( ban ®Çu ) =
áp án: C
Câu 17:
t kim lo i hóa tr (II) là M v i s gam là x (gam).
M + CuSO4 dư MSO4 + Cu
C M gam kim lo i tan ra thì s có 64 gam Cu bám vào. V y kh i lư ng kim lo i gi m
(M 64) gam;
0,24.M
V y: x (gam) = M − 64 kh i lư ng kim lo i gi m 0,24 gam.
→
M t khác:
M + 2AgNO3 M(NO3)2 + 2Ag
→
C M gam kim lo i tan ra thì s có 216 gam Ag bám vào. V y kh i lư ng kim lo i tăng (216 M) gam;
0,52.M
Vây: x (gam) = 216 − M kh i lư ng kim lo i tăng 0,52 gam.
→
0,52.M
0,24.M
Ta có: M − 64 = 216 − M => M = 112 (kim lo i Cd).
áp án: B.
Câu 18:
Vì trong cùng dung d ch còn l i (cùng th tích) nên:
[ZnSO4] = 2,5 [FeSO4]
n
=
,
2
5
Z
n
S
O
e
F
4
4
→
Zn + CuSO4 ZnSO4 + Cu
2,5x
2,5x
2,5x mol
→
Fe + CuSO4 FeSO4 + Cu
x
x
T (1), (2) nh n ư c
(1)
x
(2)
x mol
gi m kh i lư ng c a dung d ch là
mCu (bám) mZn (tan) mFe (tan)
2,2 = 64*(2,5x + x) 65*2,5x* 56x
x = 0,4 mol.
V y:
mCu (bám lên thanh k
m)
= 64*2,5*0,4 = 64 gam;
mCu (bám lên thanh s t) = 64*0,4 = 25,6 gam.
áp án :B
Câu 19:
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 17 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
Áp d ng
PP b o toàn và tăng gi m
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
nh lu t b o toàn kh i lư ng: Sau m t kho ng th i gian
tăng kh i lư ng c a thanh Fe b ng
gi m kh i lư ng c a dung d ch mu i. Do ó:
m = 3,28 0,8 = 2,48 gam.
áp án: B.
Câu 20:
G i kh i lư ng thanh k m ban
Zn + CdSO4
65
→
2,35a
u là a gam thì kh i lư ng tăng thêm là 100 gam.
ZnSO4 + Cd
112, tăng (112 – 65) = 47 gam
1 mol
8,32
2,35a
(=0,04 mol)
208
100 gam
1
47
=
Ta có t l : 0,04 2,35a => a = 80 gam.
100
áp án : C.
Câu 21:
G i A là nguyên t kh i c a kim lo i X.
Al
+
XCl3 AlCl3 + X
→
3,78
0,14 mol.
27 = (0,14 mol) 0,14
Ta có : (A + 35,53)0,14 – (133,50,14) = 4,06
Gi i ra ư c: A = 56. V y kim lo i X là Fe và mu i FeCl3.
áp án: A.
Câu 22:
Ta có: mtăng = mCu mMg ph n
⇒
ng
(
)
= m Cu 2+ − m Mg2 + = 3,28 − m gèc axit + m Mg2 + = 0,8
m = 3,28 0,8 = 2,48 gam.
áp án: B.
Câu 23:
Th tích bình không i, do ó kh i lư ng chênh là do s ozon hóa.
C 1 mol oxi ư c thay b ng 1mol ozon kh i lư ng tăng 16 gam
V y kh i lư ng tăng 0,03 gam thì s ml ozon ( ktc) là
%O3 =
0,03
× 24000 = 42 ml
16
42
× 100% = 9,375%.
448
áp án: A
Câu 24:
Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng:
C 1 mol H2SO4 ph n ng, thay th O (trong oxit) b ng SO42– trong các kim lo i, kh i lư ng tăng 96 –
16 = 80 gam.
Theo s mol H2SO4 ph n ng là 0,03 thì kh i lư ng tăng 0,24 gam.
V y kh i lư ng mu i khan thu ư c là: 2,81 + 2,4 = 5,21 gam.
áp án: C
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 18 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
Câu 25:
V n d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng:
Theo phương trình ta có:
C 1 mol mu i CO32– 2 mol Cl– + 1mol CO2 lư ng mu i tăng 71– 60 = 11 gam
Theo
s mol CO2 thoát ra là 0,03 thì kh i lư ng mu i tăng 11.0,03 = 0,33 gam
V y mmu
i clorua
= 14 + 0,33 = 14,33 gam.
áp án: B
Câu 26:
C 1 mol mu i cacbonat t o thành 1 mol mu i clorua cho nên kh i lư ng mu i khan tăng
(71 - 60) = 11 gam, mà n CO2 = nmu i cacbonat = 0,2 mol.
Suy ra kh i lư ng mu i khan tăng sau ph n ng là 0,2*11 = 2,2 gam.
V y t ng kh i lư ng mu i khan thu ư c là 23,8 + 2,2 = 26 gam.
áp án: A
Câu 27:
M C O 3 + 2 H C l → M C l2 + H 2O + C O 2 ↑
4 gam
5,1 gam
x mol
mtăng = 5,1 – 4 = 1,1 gam
M +60
M +71
1 mol
mtăng = 11 gam
1,1
⇒ x = = 0,1 (mol) V = 0,1.22,4 = 2,24 lít
11
áp án: C
Câu 28:
Áp d ng phương pháp tăng gi m kh i lư ng:
C 1 mol MCl2 1 mol M(NO3)2 và 2 mol AgCl thì m tăng 2.62 – 2.35,5 = 53 gam
0,12 mol AgCl kh i lư ng tăng 3,18 gam
mmu i nitrat = mmu i clorua + mtăng = 5,94 + 3,18 = 9,12 gam.
áp án: C
Câu 29:
Trong dung d ch:
Na2CO3 2Na+ + CO32
→
(NH4)2CO3 2NH4+ + CO32
→
BaCl2 Ba2+ + 2Cl
→
CaCl2 Ca2+ + 2Cl
→
Các ph n ng:
Ba2+ + CO32 BaCO3
→
(1)
2+
2
Ca + CO3 CaCO3
→
(2)
Theo (1) và (2) c 1 mol BaCl2, ho c CaCl2 bi n thành BaCO3 ho c CaCO3 thì kh i lư ng mu i gi m (71
60) = 11 gam. Do ó t ng s mol hai mu i BaCO3 và CaCO3 b ng:
43 − 39,7
= 0,3 mol
11
mà t ng s mol CO32 = 0,1 + 0,25 = 0,35, i u ó ch ng t dư CO32.
G i x, y là s mol BaCO3 và CaCO3 trong A ta có:
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 19 -
Hocmai.vn – Website h c tr c tuy n s 1 t i Vi t Nam
Khóa h c: Nh ng n n t ng c t lõi
h c t t Hóa h c (Th y Vũ Kh c Ng c)
PP b o toàn và tăng gi m
x + y = 0,3
197x + 100y = 39,7
x = 0,1 mol ; y = 0,2 mol.
Thành ph n c a A:
%m BaCO3 =
0,1 × 197
×100 = 49,62%;
39,7
%m CaCO3 = 100 49,6 = 50,38%.
áp án: C
Câu 30:
C 1 mol mu i halogen t o thành 1 mol k t t a
kh i lư ng tăng: 108 39 = 69 gam;
→
0,06 mol kh i lư ng tăng: 10,39 6,25 = 4,14 gam.
→
V y t ng s mol h n h p u là 0,06 mol.
áp án: B
Câu 31:
Ch có NaHCO3 b phân h y. t x là s gam NaHCO3.
to
→
2NaHCO3 Na2CO3 + CO2 + H2O
C nung
168 gam kh i lư ng gi m: 44 + 18 = 62 gam
→
x
kh i lư ng gi m: 100 – 69 = 31 gam
→
168 62
Ta có: x = 31 => x = 84 gam.
V y NaHCO3 chi m 84% và Na2CO3 chi m 16%.
áp án: C
Câu 32:
Khí Cl2 dư ch kh ư c mu i NaI theo phương trình
→
2NaI + Cl2 2NaCl + I2
C 1 mol NaI t o thành 1 mol NaCl
Kh i lư ng mu i gi m 127 35,5 = 91,5 gam.
→
V y: 0,5 mol Kh i lư ng mu i gi m 104,25 58,5 = 45,75 gam.
→
mNaI = 150*0,5 = 75 gam
⇒
mNaCl = 104,25 75 = 29,25 gam.
áp án :A.
Câu 33:
Fe + Cu2+ Fe2+ + Cu
→
x
x
x
x mol
Áp d ng tăng gi m kh i lư ng ta có: ( 64 – 56) = 0,75 => xtăng = 0,09375 mol
S mol Fe ph n ng = 0,09375 mol => mFe ph n ng = 0,09375 * 56 = 5,25 gam
Kh i lư ng Fe dư : mFe dư = 10 – 5,25 = 4,75 gam
4, 75
%mFe trong t m s t sau ph n ng =
*100 = 44,18(%)
4, 75 + 0, 09375*64
áp án: B
T ng ài tư v n: 1900 58-58-12
- Trang | 20 -
- Xem thêm -
.PDF 
34 
181 
78 
